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无锡市锡山区东亭片2019年中考物理一模试卷
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个正确）
1．图示为我国民族吹管乐器﹣﹣唢呐，用它吹奏名曲《百鸟朝凤》时，模仿的多种鸟儿叫声悦耳动听，让人仿佛置身于百鸟争鸣的森林之中，关于唢呐，下列说法正确的是（　　）

A．用不同的力度吹奏，主要改变声音的音调
B．吹奏时按压不同位置的气孔，主要改变声音的响度
C．唢呐的前端做成喇叭的形状主要改变唢呐声音的音色
D．音乐会上，唢呐模仿的鸟儿叫声令人愉悦，是乐音
2．市面上出售一种装有太阳能电扇的帽子，如图所示，在阳光的照射下，小电扇快速转动，能给炎热的夏季带来一丝凉意。该装置的能量转化情况是（　　）

A．机械能→太阳能→电能 B．太阳能→机械能→电能
C．电能→太阳能→机械能 D．太阳能→电能→机械能
3．教室的门关不紧，常被风吹开，小明在门与门框之间塞入硬纸片后，门就不易被风吹开了，下列解释合理的是（　　）
A．门被风吹开是因为门没有受到摩擦力的作用
B．门没被吹开是因为风吹门的力小于摩擦力
C．塞入硬纸片是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦
D．塞入硬纸片是通过增大压力来增大摩擦
4．利用干冰（固态二氧化碳）进行人工降雨的主要过程是：干冰在高空中直接变成气体，高空中的水蒸气遇冷直接变成冰晶，冰晶下落时变成雨。以下分析错误的是（　　）
A．干冰直接变成气体是放热过程
B．干冰直接变成气体是升华过程
C．水蒸气直接变成冰晶是凝华过程
D．冰晶下落时变成雨是吸热过程
5．体育考试中，用每隔相等时间曝光一次的相机，拍摄小丽50m跑的过程，得到下列张照片，其中表示她加速起跑阶段的是 （　　）
A．
B．
C．
D．
6．如图所示，将平面镜和铅笔竖直放置在水平桌面上，下列说法正确的是（　　）

A．铅笔水平向右移动时，它的像将变小
B．平面镜竖直向上移动时，铅笔的像也将向上移动
C．若改用一块较小的平面镜，铅笔的像将变小
D．若铅笔按图示箭头方向转过45°，铅笔将与它的像垂直
7．刷卡机已经普遍应用于银行、商场等，当银行卡有磁条的一侧经过刷卡机的卡槽时，刷卡机的检测感应器（相当于线圈）就会产生感应电流。如图中与此原理相同的是（　　）
A．
B．
C．
D．
8．两列火车如图所示，西子号列车上的乘客看到和谐号列车正在向东行驶，如果以地面为参照物，则下列说法正确的是（　　）

A．若西子号向东行驶，则和谐号一定静止
B．若西子号向东行驶，则和谐号一定也向东行驶
C．若西子号静止，则和谐号可能向西行驶
D．若两车都向西行驶，则西子号行驶得较慢
9．小明用如图所示的滑轮组提升300N重物，在绳子自由端施加的拉力为125N，4s内重物匀速上升2m，不计绳重和轮、轴间摩擦。则（　　）

A．绳子自由端移动的距离为4 m
B．动滑轮重50N
C．拉力做功的功率为150W
D．此过程滑轮组的机械效率为80%
10．如图在探究“不同物质的吸热能力”时，同学们使用的器材有：相同规格的电加热器、玻璃杯、温度计、初温和质量都相同的水和食用油，关于实验，下列说法正确的是（　　）

A．食用油吸热升温快，说明食用油吸热能力强
B．物体吸热多少是由它的物质种类决定的
C．加热相同的时间，末温低的物体吸热能力强
D．将食用油和水加热到相同的温度时，它们吸收的热量相同
11．如图所示，在左、右两个相同容器中分别装有质量和温度都相同的水和煤油，通电后，两容器中的液体同时升到60℃，由此可知（　　）

A．R1＝R2 B．R1＜R2
C．R1＞R2 D．条件不足，无法确定
12．在综合实践活动课上，小明设计了一个如图甲所示的调光电路。已知电源电压不变，L标有“6V3W”字样，定值电阻R1的阻值为6Ω．闭合开关，将滑动电阻R2的滑片P从最右端逐渐滑至最左端，记下多组对应的电压表和电流表示数，描绘出的I﹣U图线如图乙所示。则下列说法正确的是（　　）

A．滑动变阻器的最大阻值为12Ω
B．电源电压为10V
C．滑片在滑动过程中，灯丝电阻保持不变
D．滑动变阻器R2的滑片P在最右端时，灯泡L的实际功率为0.36W
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共24分）
13．荷叶上两滴水珠接触时，能自动结合成一滴较大的水珠，这一事实说明分子间存在着　 　；个大粒圆的爆米花芳香扑鼻，该现象说明　 　。
14．（3分）用塑料棒摩擦毛衣，塑料棒能够吸引纸屑，说明带电体具有　 　的性质，如果用摩擦过的塑料棒接触验电器金属小球（如图所示），验电器的金属箔片张开，这是因为箔片带　 　（同/异）种电荷相互排斥，摩擦起电的实质是　 　在物质间转移。

15．如图是冰箱制冷剂循环路线示意图，制冷剂在冷冻室的管子里发生的物态变化名称是　 　，此过程　 　（选填“吸热”、“放热”、“不吸放热”）。

16．磁带和磁卡则是利用了它们能够被　 　的原理制成的；“司南之杓，投之于地，其柢指南”，其原因是司南受到　 　的作用。
17．如图所示，小李用点燃的蜡烛、凸透镜和光屏进行“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）如图所示，光屏刚好承接到一个倒立清晰的实像，日常生活中　 　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一原理制成的。
（2）当蜡烛燃烧一段时间后会变短，烛焰的像会往　（选填“上”或“下”）偏离光屏中心。

18．如甲图所示，小球从竖直放置的弹簧上方一定高度处由静止开始下落，从a处开始接触弹簧，压缩至c处时弹簧最短。从a至c处的过程中，小球的速度v和弹簧被压缩的长度△L之间的关系如乙图所示。不计空气阻力，则从a至c处的过程中，小球的动能　 　（选填“一直变大”、“先变大后变小”或“先变小后变大”）；从b到c的过程中，小球减小的机械能转化为弹簧的　 　。

19．（4分）在“探究影响滑动摩擦力大小因素”实验中，水平桌面上的器材有：弹簧测力计、木块、钩码、水平木板和毛巾，实验装置如图所示
（1）甲、乙、丙三次实验中，每次用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，这样操作是为了测量　 　。
（2）比较　 　两次实验可探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
（3）鞋底做的凹凸不平，应用了比较　 　两次实验所得的结论。
（4）从本实验的器材中选择　 　，并添加斜面和小车还可以做“探究速度对动能大小的影响”实验。

20．如图所示，小华用一只空牙膏壳做实验，一次将它挤瘪，另一次将它撑开，先后放入同一杯水中。前后两次牙膏壳受到的浮力F甲　 　F乙；两次水对杯底的压强p甲　 　p乙（选填“大于”、“等于”或“小于”）。

21．小红家新购买了一台电热水壶，用它烧水时发现水烧开了。而导线却几乎不热，这是由于电热水壶内部电热丝的　 　比导线的大。查看铭牌，小红了解到电热水壶的额定功率为1500W．若加热效率为90%，标准气压下，电热水壶正常工作7min，可将　 　kg，初温是25℃的水烧开。
22．（3分）小明帮爷爷浇菜园。他从井中提水时发现盛满水的桶露出水面越多，提桶的力就越大。由此他猜想：浮力大小可能与物体排开液体的体积有关。于是他找来一个金属圆柱体、弹簧测力计和烧杯等器材进行了如图所示的探究。
（1）分析图中弹簧测力计示数的变化可知，物体排开液体的体积越大，所受的浮力　 　。
（2）实验结束后，小明绘制了弹簧测力计对金属圆柱体的拉力和金属圆柱体所受浮力随浸入液体深度变化的曲线，如图所示。（p水＝1.0×103kg/m3）分析图象可知：
①线　 　（选填“a”或“b“）描述的是金属圆柱体所受浮力随深度的变化情况。
②金属圆柱体所受的最大浮力为　 　N，金属圆柱体的密度为　 　kg/m3．

三、解答题（本题共6小题，共32分，其中27题应写出必要的解题过程）
23．请将虚线框内带有保险丝的三孔插座正确接入家庭电路。

24．如图所示，用垂直于竖直墙壁的力F将物体紧压在墙面上，物体处于静止状态，请画出物体在竖直方向上受到的力的示意图。

25．（9分）如图甲，我国研制的大客机C919于5月5日首飞成功。
C919机舱内覆有一层高孔率“超细航空级玻璃棉”，能很好地保温与吸收噪音，其单丝纤维直径只有3～5μm，1m3的质量为5kg。
机舱内先进的“呼吸系统”，使飞机在气压只有2.5×104Pa左右的万米高空时，能将机外﹣50℃以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50℃以上，同时系统依靠传感器的自动控制，使舱内气压和温度达到舒适值。
该机有较大的翼载，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值；机上搭载的新一代涡扇发动机的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与其获得的机械能之比。下表是飞机的部分技术参数。
最大起飞质量 72.5t 客舱内气压 8.0×104Pa
巡航速度 920km/h 发动机巡航推力 3.6×104N
（1）阳光下，飞机尾翼呈现绿色，是因为尾翼　 　绿光；若飞机的翼载是500kg/m2，则机翼面积为　 　m2。
（2）下列关于“超细航空级玻璃棉”性质的描述中，不正确的是：　 　
A．单丝纤维比头发细 B．密度与玻璃差不多
C．隔音性能相对较好 D．导热能力相对较弱
（3）在万米高空，机体1m2面积上承受内外气体的压力差约为　 　N；为确保机舱内的温度维持体感舒适值，机上空调需要不断　 　（选填“加热”或“制冷”）。
（4）飞机水平匀速巡航时，受到的阻力为　 　N，若飞机以巡航速度飞行0.5h的过程中，耗油1800kg，发动机的热效率为40%，则此过程中发动机的推进效率为多少？（燃油热值q取4.6×107J/kg）

26．（6分）无人飞机制造用了一种复合材料（密度小、强度大），广泛应用于汽车、飞机等制造业。下面小华测量一块实心复合材料的密度。

（1）将托盘天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻线处，发现指针静止时指在分度盘中线的左侧，如图甲，则应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，使横梁平衡。
（2）用调好的天平测量该物块的质量时，当在右盘放入10g的砝码后，指针偏在分度盘中线左侧，则应该　 　（填选项前的字母），当天平重新平衡时，盘中所加砝码和游码位置如图乙所示。
A．向右调平衡螺母 B．继续向右盘中加砝码 C．向右移动游码
（3）因复合材料的密度小于水，小明在该物块下方悬挂了一铁块，按照如图丙所示①②③顺序，测出了该物块的体积。小明在测体积时的操作顺序会引起密度测量值比真实值　 　（选填“偏大”“不变”或“偏小”）。
（4）分析以上步骤，你认为测量体积最佳实验步骤顺序应该为　 　。若图中数据为小明正确操作顺序所获得的数据，则这种材料的密度是　 　kg/m3。
27．（7分）用“伏安法”测量电阻Rx的阻值，提供的实验器材有：待测电阻Rx、两节于电池、电流表、电压表、滑动变阻器、开关及若干导线

（1）根据图甲的电路图，用笔断线代替导线将图乙中的实物图连接完整。
（2）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数较大且几乎不变，电流表示数始终为零，电路故障可能是　 　。
（3）排除故障后，测得多组实验数据。各组数据对应的点已描在图丙中，请在图中画出Rx的l﹣U图线。由图可得Rx＝　 　Ω．（结果保留一位小数）
（4）电流表的电阻虽然很小，但也会影响本实验中R的测量结果。用图丁的电路进行测量可消除这个影响，
R0为定值电阻。实验步骤如下：
①按照图丁的电路图连接电路，将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处；
②闭合开关S1，S2，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U1和电流表的示数I1，
③　 　，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U2和电流表的示数I2；
④可得待测电阻Rx＝　 　（用U1、I1、U2和I2表示）
28．（6分）为探究平衡木受力特点，喜爱体操的小薇设计了一个平衡木模型。整个装置如图甲所示，AB可绕支点O无摩擦转动，C处固定一竖直硬杆，硬杆的底部安装了压敏电阻片R，R所在的电路放在了硬杆内（整个装置除硬杆以外其它部分的重力均不计），且AB＝5m，OA＝BC＝1m，电源电压恒为3V，硬杆底部R阻值随地面对它的支持力F变化的关系如图乙所示，整个装置放在水平地面上，AB始终处于水平平衡状态，当重360N的小薇站在A点时，电流表的示数为0.1A。

求：（1）小薇在A点时，C处受到硬杆的拉力；
（2）小薇在A点时，地面对硬杆底部R的支持力；
（3）当电流表的示数为0.3A时，小薇距A点多少米？

参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个正确）
1．图示为我国民族吹管乐器﹣﹣唢呐，用它吹奏名曲《百鸟朝凤》时，模仿的多种鸟儿叫声悦耳动听，让人仿佛置身于百鸟争鸣的森林之中，关于唢呐，下列说法正确的是（　　）

A．用不同的力度吹奏，主要改变声音的音调
B．吹奏时按压不同位置的气孔，主要改变声音的响度
C．唢呐的前端做成喇叭的形状主要改变唢呐声音的音色
D．音乐会上，唢呐模仿的鸟儿叫声令人愉悦，是乐音
【分析】声音的特性包括音调、响度和音色。音调指声音的高低，响度指声音的大小、音色是声音的品质与特色；
从物理学角度，发声体有规则振动发出的是乐音，无规则振动发出的是噪音；从环保角度，凡是影响人们正常工作、学习、休息的声音，都可能是噪音。
【解答】解：A、用不同的力度吹奏，主要发声体的振幅不同，从而发出声音的响度不同，故A错误；
B、吹奏时按压不同位置的气孔，则发声的空气柱长度不同，振动频率不同，因此主要改变声音的音调，故B错误；
C、唢呐前端的喇叭主要是减小声音分散，增大声音的响度，故C错误；
D、唢呐模仿的鸟儿叫声令人愉悦，此时对听到的人来说是乐音，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查了对声音特性的辨别以及对乐音、噪音定义的理解等，要注意对概念的理解。
2．市面上出售一种装有太阳能电扇的帽子，如图所示，在阳光的照射下，小电扇快速转动，能给炎热的夏季带来一丝凉意。该装置的能量转化情况是（　　）

A．机械能→太阳能→电能 B．太阳能→机械能→电能
C．电能→太阳能→机械能 D．太阳能→电能→机械能
【分析】太阳能电池板将太阳能转化为电能，小电扇将电能转化为的机械能。
【解答】解：帽子上的太阳能电池板将太阳能转化为电能，供小电扇工作。小电扇工作时消耗电能，将电能转化为扇叶的机械能。
故选：D。
【点评】本题考查学生对能量转化的掌握情况，需要根据具体实例依次进行分析。
3．教室的门关不紧，常被风吹开，小明在门与门框之间塞入硬纸片后，门就不易被风吹开了，下列解释合理的是（　　）
A．门被风吹开是因为门没有受到摩擦力的作用
B．门没被吹开是因为风吹门的力小于摩擦力
C．塞入硬纸片是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦
D．塞入硬纸片是通过增大压力来增大摩擦
【分析】（1）摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度。
（2）在门与门框之间塞入硬纸片后，门不易吹开，根据影响摩擦力大小的因素分析其实质。
【解答】解：
A、门被风吹开是因为风吹门的力大于摩擦力；不是因为没有受到摩擦力的作用，故A错误；
B、门没被吹开处于静止状态，是因为风吹门的力等于摩擦力，故B错误；
CD、塞入硬纸片后，使门与门框之间的压力增大，因此是通过增大压力来增大摩擦；故D正确，C错误。
故选：D。
【点评】掌握静摩擦力与滑动摩擦力的区别，掌握增大摩擦力和较小摩擦力的方法，并能应用于实际生活。
4．利用干冰（固态二氧化碳）进行人工降雨的主要过程是：干冰在高空中直接变成气体，高空中的水蒸气遇冷直接变成冰晶，冰晶下落时变成雨。以下分析错误的是（　　）
A．干冰直接变成气体是放热过程
B．干冰直接变成气体是升华过程
C．水蒸气直接变成冰晶是凝华过程
D．冰晶下落时变成雨是吸热过程
【分析】升华是指物质从固态直接变为气态的过程，它需要吸热；凝华是指物质从气态直接变为固态的过程，是放热过程；物质由固态变为液态叫熔化，需要吸热。
【解答】解：
A、B、干冰是一种非常容易升华的物质；当它升华时，会从周围空气吸收大量的热。故A错误，B正确；
C、干冰升华过程中吸收热量，导致空气温度急剧下降，使周围水蒸气放热凝华形成固态的小冰晶。故C正确；
D、冰晶在下落过程中由固态熔化成水，同时吸收热量。故D正确。
故选：A。
【点评】我们不仅要掌握常见的物态变化现象，还要清楚每个物态变化过程的吸放热情况。
5．体育考试中，用每隔相等时间曝光一次的相机，拍摄小丽50m跑的过程，得到下列张照片，其中表示她加速起跑阶段的是 （　　）
A．
B．
C．
D．
【分析】加速运动是指在相同的时间内通过的路程越来越大，据此对照各图分析解答即可。
【解答】解：她在加速起跑阶段，速度越来越大，即在相同的时间内通过的路程越来越大，对照各图可知，只有A选项符合题意。
故选：A。
【点评】此题考查速度和物体运动，关键是理解加速运动的含义，并掌握运动快慢的比较方法。
6．如图所示，将平面镜和铅笔竖直放置在水平桌面上，下列说法正确的是（　　）

A．铅笔水平向右移动时，它的像将变小
B．平面镜竖直向上移动时，铅笔的像也将向上移动
C．若改用一块较小的平面镜，铅笔的像将变小
D．若铅笔按图示箭头方向转过45°，铅笔将与它的像垂直
【分析】根据平面镜成像的特点：所成的像是虚像；像和物体大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等来分析此题。
【解答】解：
A、由平面镜成像的特点可知，铅笔与平面镜的距离改变，铅笔在镜中的像的大小不变，故A错误；
B、平面镜竖直向上移动时，铅笔的像与铅笔还是关于平面镜所在平面对称的，故像不动，故B错误；
C、像的大小与物体相等，故若改用一块较小的平面镜，铅笔的像将不变，故C错误；
D、铅笔与平面镜的夹角为45°，根据平面镜成像的特点，此时平面镜将铅笔与像的夹角平分，所以铅笔与它在平面镜中的像互相垂直，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查的是平面镜成像特点在生活中的应用。此类题目在近几年的中考中属于热点题目，解答此类题目的关键是牢记平面镜成像的特点。
7．刷卡机已经普遍应用于银行、商场等，当银行卡有磁条的一侧经过刷卡机的卡槽时，刷卡机的检测感应器（相当于线圈）就会产生感应电流。如图中与此原理相同的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，在选项中找出探究电磁感应的对应图即可。
【解答】解：刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象；
A、如图电路中有电源，是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故A错误；
B、如图电路中有电源，是电动机测 原理图，是根据通电导体在磁场中受力而运动制成的，故B错误；
C、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应选项。故C正确；
D、图中有电源，是电磁铁的原理图，是根据电流的磁效应制成的，故D错误。
故选：C。
【点评】电动机和发电机的原理图非常相似，主要区别是电路中是否有电源，电路中有电源的是电动机，电路中没有电源的是发电机。
8．两列火车如图所示，西子号列车上的乘客看到和谐号列车正在向东行驶，如果以地面为参照物，则下列说法正确的是（　　）

A．若西子号向东行驶，则和谐号一定静止
B．若西子号向东行驶，则和谐号一定也向东行驶
C．若西子号静止，则和谐号可能向西行驶
D．若两车都向西行驶，则西子号行驶得较慢
【分析】判断物体的运动和静止，首先选择一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的。否则是静止的。
【解答】解：A、如果以地面为参照物，若西子号向东行驶，和谐号静止，则西子号上的乘客应该看到和谐号向西行驶，故A错误；
B、若西子号向东行驶，和谐号也向东行驶且速度更快时，西子号上的乘客可以看到和谐号向东行驶，故B正确；
C、若西子号静止，和谐号向西行驶，则西子号上的乘客应该看到和谐号向西行驶，但题目中“西子号列车上的乘客看到和谐号列车正在向东行驶”，故C错误；
D、若两车都向西行驶且西子号较慢，则西子号上的乘客应该看到和谐号向西行驶，不可能看到和谐号列车正在向东行驶，故D错误。
故选：B。
【点评】（1）参照物的选择，作为参照物的物体可以是静止的，也可以是运动的，如果选定为参照物，就假定为不动的物体。
（2）由物体的运动和静止会选择参照物，会根据参照物判断物体的运动和静止。
9．小明用如图所示的滑轮组提升300N重物，在绳子自由端施加的拉力为125N，4s内重物匀速上升2m，不计绳重和轮、轴间摩擦。则（　　）

A．绳子自由端移动的距离为4 m
B．动滑轮重50N
C．拉力做功的功率为150W
D．此过程滑轮组的机械效率为80%
【分析】（1）滑轮组的结构可知，承担物重的绳子股数n＝3，则s＝3h。
（2）已知物体的质量，根据公式G＝mg可求物体的重力；已知物体的重力和拉力，不计绳重和摩擦，利用F＝ （G物+G动）求动滑轮的重；
（3）根据W总＝Fs求出有用功和总功，根据P＝ 求出拉力的功率；
（4）由W有＝Gh求出有用功，根据η＝ ×100%求出滑轮组的机械效率。
【解答】解：
A、由图知，承担物重的绳子股数n＝3，
则绳子自由端移动的距离s＝3h＝3×2m＝6m，故A错误；
B、因不计绳重和摩擦，则绳端的拉力F＝ （G物+G动），
即：125N＝ （300N+G动），
所以动滑轮重：G动＝75N，故B错误；
C、拉力做的功：W总＝Fs＝125N×6m＝750J，
拉力的功率：P＝ ＝ ＝187.5W，故C错误；
D、利用滑轮组所做的有用功：W有＝Gh＝300N×2m＝600J，
滑轮组的机械效率：
η＝ ＝ ×100%＝80%，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查了使用滑轮组拉力的综合计算，根据题图确定n的大小（直接从动滑轮上引出的绳子股数）是本题的突破口，利用好不计绳重和摩擦时拉力和物重的关系[F＝ （G动+G物）]是本题的关键。
10．如图在探究“不同物质的吸热能力”时，同学们使用的器材有：相同规格的电加热器、玻璃杯、温度计、初温和质量都相同的水和食用油，关于实验，下列说法正确的是（　　）

A．食用油吸热升温快，说明食用油吸热能力强
B．物体吸热多少是由它的物质种类决定的
C．加热相同的时间，末温低的物体吸热能力强
D．将食用油和水加热到相同的温度时，它们吸收的热量相同
【分析】比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量；可结合Q＝cm△t进行判断。
【解答】解：A、实验中，食用油吸热升温较快，说明食用油的比热容小，吸热能力较弱，故A错误。
B、在本实验中，物体吸热多少是由加热时间决定的，故B错误。
C、实验中，加热相同的时间，说明吸收了相同的热量，末温低的物质比热容大，吸热能力强，故C正确。
D、由Q＝cm△t可知，质量相同的水和食用油，由于比热容不同，并且初温相等，则当末温相同时，吸收的热量不相同，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查比热容的概念，要学会总结实验得到的结论。考查了吸收热量公式Q＝cm△t的熟练应用，难度不大。
11．如图所示，在左、右两个相同容器中分别装有质量和温度都相同的水和煤油，通电后，两容器中的液体同时升到60℃，由此可知（　　）

A．R1＝R2 B．R1＜R2
C．R1＞R2 D．条件不足，无法确定
【分析】电流流过电阻产生的热量，被液体吸收后，使液体的温度升高，根据公式Q＝cm△t求出哪一个吸收的热量多，再分析两电阻的连接方式，根据题意判断出哪一个容器中的液体吸收的热量多，再利用公式Q＝W＝ t判断出两个电阻的大小关系。
【解答】解：两容器内装有质量和初温都相等的水和煤油，末温也相等，
因为水的比热容较大，根据公式Q＝cm△t可知，水吸收的热量较多，
由电路图可知，电阻R1与R2并联，它们两端的电压U相等，闭合开关，它们的通电时间t相等，
∴由公式Q＝W＝ t，可知R1＜R2。
故选：B。
【点评】本题考查了热量的公式应用及并联电路的特点，熟练掌握并联电路特点、热量公式是解题的关键。同时需要注意的是Q＝W的条件为电阻为纯电阻。
12．在综合实践活动课上，小明设计了一个如图甲所示的调光电路。已知电源电压不变，L标有“6V3W”字样，定值电阻R1的阻值为6Ω．闭合开关，将滑动电阻R2的滑片P从最右端逐渐滑至最左端，记下多组对应的电压表和电流表示数，描绘出的I﹣U图线如图乙所示。则下列说法正确的是（　　）

A．滑动变阻器的最大阻值为12Ω
B．电源电压为10V
C．滑片在滑动过程中，灯丝电阻保持不变
D．滑动变阻器R2的滑片P在最右端时，灯泡L的实际功率为0.36W
【分析】由电路图可知，灯泡L、定值电阻R1、滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）根据P＝UI求出灯泡的额定电流，然后与从图象中读出的最大电流相比较确定灯泡能正常发光，此时滑动变阻器两端的电压为零，灯泡两端的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；
（2）滑动变阻器R2的滑片P在最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据图乙可知电路中的最小电压和电压表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，再根据欧姆定律求出R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P＝UI求出灯泡L的实际功率，利用欧姆定律求出此时灯泡的电阻，然后得出灯丝电阻是否变化。
【解答】解：由电路图可知，灯泡L、定值电阻R1、滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由P＝UI可得，灯泡的额定电流：
IL＝ ＝ ＝0.5A，
由图乙可知，当电压表的示数为零时，电流表的示数I＝0.5A和灯泡的额定电流相等，
此时滑动变阻器接入电路中的电阻为零，灯泡两端的电压UL＝6V，
由I＝ 可得，此时R1两端的电压：
U1＝IR1＝0.5A×6Ω＝3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝UL+U1＝6V+3V＝9V，故B错误；
此时灯泡正常发光时的电阻：
RL＝ ＝ ＝12Ω；
（2）滑动变阻器R2的滑片P在最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
由图乙可知，电路中的最小电压I小＝0.3A，电压表的示数U2＝6V，
则滑动变阻器的最大阻值：
R2＝ ＝ ＝20Ω，故A错误；
R1两端的电压：
U1′＝I小R1＝0.3A×6Ω＝1.8V，
灯泡两端的电压：
UL′＝U﹣U1′+U2＝9V﹣1.8V﹣6V＝1.2V，
灯泡L的实际功率：
PL′＝UL′I小＝1.2V×0.3A＝0.36W，故D正确；
此时灯泡的电阻：
RL′＝ ＝ ＝4Ω≠RL＝12Ω，
则滑片在滑动过程中，灯丝电阻是变化的，故C错误。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的公式的应用，关键是从图象中获取有用的信息，要注意灯泡正常发光时的电流和额定电流相等。
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共24分）
13．荷叶上两滴水珠接触时，能自动结合成一滴较大的水珠，这一事实说明分子间存在着　引力　；个大粒圆的爆米花芳香扑鼻，该现象说明　分子不停地做无规则运动　。
【分析】物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子间有间隙，存在着相互作用的引力和斥力。
【解答】解：（1）两滴水珠接触时，能自动结合成一滴较大的水珠，这一事实说明分子间存在着引力；
（2）爆米花芳香扑鼻，该现象说明分子不停地做无规则运动。
故答案为：引力；分子不停地做无规则运动。
【点评】本题考查的知识点有两个：一是分子热运动理论的内容；二是扩散现象说明分子在做永不停息地无规则运动，属于基础知识的考查。
14．（3分）用塑料棒摩擦毛衣，塑料棒能够吸引纸屑，说明带电体具有　吸引轻小物体　的性质，如果用摩擦过的塑料棒接触验电器金属小球（如图所示），验电器的金属箔片张开，这是因为箔片带　同　（同/异）种电荷相互排斥，摩擦起电的实质是　电子　在物质间转移。

【分析】（1）毛衣摩擦过的塑料棒带了电荷，而带电体具有吸引轻小物体的性质。
（2）根据验电器的金属箔片是否张开角度来确定物体是否带电。其之所以张开角度，就是由于两个箔片带了同种电荷，同种电荷相互排斥的造成的。
（3）摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷。
【解答】解：
用毛衣摩擦过的塑料棒带了电荷，由于带电体能够吸引轻小物体，所以当其靠近碎纸屑时，碎纸屑会被吸引过来。
当验电器与带电的塑料棒接触后，验电器的金属箔片上都带了同种电荷，由于同种电荷相互排斥，所以两个金属箔片会张开角度。
摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即摩擦起电的实质是电子在物质间转移。
故答案为：吸引轻小物体；同；电子。
【点评】摩擦起电不是创造了电，而是电的转移，相互摩擦的两种物质，一种物质失去了多少电子，另一种物质一定得到了多少电子，两种物质所带的电荷多少是相同的，电性是相反的。
15．如图是冰箱制冷剂循环路线示意图，制冷剂在冷冻室的管子里发生的物态变化名称是　汽化　，此过程　吸热　（选填“吸热”、“放热”、“不吸放热”）。

【分析】物质由液态变成气态的过程叫做汽化，汽化吸热；物质由气态变成液态的过程叫液化，液化放热。
【解答】解：冰箱内的液态制冷剂在冷冻室的管子里由液态变成气态，发生汽化现象，汽化吸热，使冰箱内的温度降低。
故答案为：汽化；吸热。
【点评】本题考查了冰箱的工作过程，电冰箱实际上就是通过制冷剂汽化吸热和液化放热把冰箱内的热量搬到冰箱外面的，贴近学生生活实际，密切联系了生活。
16．磁带和磁卡则是利用了它们能够被　磁化　的原理制成的；“司南之杓，投之于地，其柢指南”，其原因是司南受到　地磁场　的作用。
【分析】（1）使原来没有磁性的物体获得磁性的过程成为磁化现象。
（2）地球是一个大磁体，地球周围存在磁场，叫地磁场；受地磁场的影响，指南针总是指南北。
【解答】解：而磁带和磁卡则是利用了它们能够被磁化的原理制成的；
地球本身就是一个巨大的磁体，司南实际就是一个小磁体，故在地磁场的作用下，静止时总是一端指南，一端指北，其原因是受到了地磁场的作用；
故答案为：磁化；地磁场。
【点评】本题考查了磁场和地磁场。磁场是一种真实存在的物质，对于磁场的认识，我们是通过它对其他物体的作用来认识的。
17．如图所示，小李用点燃的蜡烛、凸透镜和光屏进行“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）如图所示，光屏刚好承接到一个倒立清晰的实像，日常生活中　投影仪　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一原理制成的。
（2）当蜡烛燃烧一段时间后会变短，烛焰的像会往　上　（选填“上”或“下”）偏离光屏中心。

【分析】（1）凸透镜成实像时，根据物距和像距的关系，能判断凸透镜的成像情况：
①物距大于像距，成倒立、缩小的实像；
②物距等于像距，成倒立、等大的实像；
③物距小于像距，成倒立、放大的实像，应用于投影仪或幻灯机。
（2）实验一段时间后，蜡烛变短了，根据过光心不改变方向，判断透镜的移动方向。
【解答】解：（1）如图，物距小于像距，成倒立、放大的实像，日常生活中幻灯机就是利用这一原理制成的；
（2）蜡烛变短了，根据过光心不改变方向可知，光屏上的像会向上移动。
故答案为：（1）幻灯机；（2）上。
【点评】凸透镜成像的几种情况和凸透镜成实像时，物距变化，像距变化，像变化经常用到，一定要熟练掌握。
18．如甲图所示，小球从竖直放置的弹簧上方一定高度处由静止开始下落，从a处开始接触弹簧，压缩至c处时弹簧最短。从a至c处的过程中，小球的速度v和弹簧被压缩的长度△L之间的关系如乙图所示。不计空气阻力，则从a至c处的过程中，小球的动能　先变大后变小　（选填“一直变大”、“先变大后变小”或“先变小后变大”）；从b到c的过程中，小球减小的机械能转化为弹簧的　弹性势能　。

【分析】（1）影响物体动能的因素有质量和速度，质量不变时，速度越大，动能越大，从a至c处的过程中，分析图乙中小球速度的变化得出其动能的变化；
（2）机械能是动能和势能的统称，只有重力或者是弹力做功时机械能守恒。
【解答】解：（1）从a至c处的过程中，小球的质量不变，由图乙可知，小球的速度先变大后变小，则小球的动能先变大后变小；
（2）从b到c的过程中，弹簧的形变量逐渐增大，不计空气阻力，小球和弹簧组成的整体机械能守恒，则小球减少的机械能转化为弹簧的弹性势能。
故答案为：先变大后变小；弹性势能。
【点评】本题考查了动能大小变化的判断和机械能守恒定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
19．（4分）在“探究影响滑动摩擦力大小因素”实验中，水平桌面上的器材有：弹簧测力计、木块、钩码、水平木板和毛巾，实验装置如图所示
（1）甲、乙、丙三次实验中，每次用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，这样操作是为了测量　滑动摩擦力大小　。
（2）比较　甲乙　两次实验可探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
（3）鞋底做的凹凸不平，应用了比较　甲丙　两次实验所得的结论。
（4）从本实验的器材中选择　木块、水平木板　，并添加斜面和小车还可以做“探究速度对动能大小的影响”实验。

【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；
（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（4）“探究速度对动能大小的影响”时是通过小车撞击木块移动的距离来比较动能大小的。
【解答】解；（1）用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，此时木块受平衡力的作用，由二力平衡知识可知，此时木块所受的滑动摩擦力大小 等于弹簧测力计的示数；
（2）探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系时应控制接触面的粗糙程度相同，压力不同，故选择甲乙两图进行实验；
（3）鞋底做的凹凸不平，表明接触面粗糙程度不同，探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，控制压力相同，接触面粗糙程度不同，故选择甲丙两图进行实验；
（4）探究速度对动能大小的影响时，应让小车从斜面的不同高度滑下，这样小车在到达水平木板时的速度是不同的，通过比较小车撞击木块移动的距离来比较动能的大小；故实验中还需要用到木块和水平木板。
故答案为：（1）滑动摩擦力大小；（2）甲乙；（3）甲丙；（4）木块、水平木板。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
20．如图所示，小华用一只空牙膏壳做实验，一次将它挤瘪，另一次将它撑开，先后放入同一杯水中。前后两次牙膏壳受到的浮力F甲　小于　F乙；两次水对杯底的压强p甲　小于　p乙（选填“大于”、“等于”或“小于”）。

【分析】（1）根据浮力与重力的关系判断出浮力的大小；
（2）根据F浮＝ρ水gV排判断出V排的大小，从而判断出水的深度关系，最后根据液体压强公式判断出两次水对杯底的压强的大小关系。
【解答】解：
甲在水中下沉，则F甲＜G；乙在水中漂浮，则F乙＝G；所以F甲＜F乙；
因F甲＜F乙，所以由F浮＝ρ水gV排可得，V排甲＜V排乙；
且先后放入同一杯水中，所以h甲＜h乙，
由p＝ρ水gh可知：p甲＜p乙。
故答案为：小于；小于。
【点评】本题主要考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、液体压强公式的应用，关键是能够判断出两种情况下浮力的大小关系。
21．小红家新购买了一台电热水壶，用它烧水时发现水烧开了。而导线却几乎不热，这是由于电热水壶内部电热丝的　电阻　比导线的大。查看铭牌，小红了解到电热水壶的额定功率为1500W．若加热效率为90%，标准气压下，电热水壶正常工作7min，可将　1.8　kg，初温是25℃的水烧开。
【分析】（1）电热水壶和导线串联，通过它们的电流和通电时间相等，根据焦耳定律Q＝I2Rt进行解答；
（2）电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据W＝Pt求出消耗的电能，根据η＝ ×100%求出水吸收的热量，又知道水的比热容和初温以及末温（标准气压下水的沸点为100℃），根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出烧水的质量。
【解答】解：（1）电炉在使用时，电热丝和导线串联，通过它们的电流和通电时间相等，
水烧开了，导线几乎不热，说明电热水壶内部电热丝产生的热量多，
由Q＝I2Rt可知，电热水壶内部电热丝的电阻比导线的大；
（2）由P＝ 可得，电热水壶正常工作7min消耗的电能：
W＝Pt＝1500W×7×60s＝6.3×105J，
由η＝ ×100%可得，水吸收的热量：
Q吸＝Wη＝6.3×105J×90%＝5.67×105J，
标准气压下水的沸点为100℃，由Q吸＝cm（t﹣t0）可得，烧水的质量：
m＝ ＝ ＝1.8kg。
故答案为：电阻；1.8。
【点评】本题考查了焦耳定律和电功公式、效率公式、吸热公式的应用，要注意标准气压下水的沸点为100℃。
22．（3分）小明帮爷爷浇菜园。他从井中提水时发现盛满水的桶露出水面越多，提桶的力就越大。由此他猜想：浮力大小可能与物体排开液体的体积有关。于是他找来一个金属圆柱体、弹簧测力计和烧杯等器材进行了如图所示的探究。
（1）分析图中弹簧测力计示数的变化可知，物体排开液体的体积越大，所受的浮力　越大　。
（2）实验结束后，小明绘制了弹簧测力计对金属圆柱体的拉力和金属圆柱体所受浮力随浸入液体深度变化的曲线，如图所示。（p水＝1.0×103kg/m3）分析图象可知：
①线　a　（选填“a”或“b“）描述的是金属圆柱体所受浮力随深度的变化情况。
②金属圆柱体所受的最大浮力为　1.0　N，金属圆柱体的密度为　2.7×103　kg/m3．
【分析】（1）根据图中物体浸入到液体中的体积和弹簧测力计示数的变化，结合F浮＝G﹣F拉分析浮力大小和排开液体体积之间的关系；
（2）①根据浮力大小和排开液体体积之间的关系判断出哪一条图象是浮力变化的图象，哪一条是拉力变化的图象；
②根据拉力变化的图象可知，物体没有浸入到水中前的拉力即为物体的重力G；根据浮力变化的图象可得物体完全浸没时的浮力，根据F浮＝ρ水gV排求出物体的体积，再根据G＝mg＝ρgV求出物体的密度。
【解答】解：（1）根据图中物体浸入到液体中的体积和弹簧测力计示数的变化，物体浸入到液体中的体积越大，即排开液体的体积越大，弹簧测力计的拉力越小，根据F浮＝G﹣F拉可知，物体重力不变，物体受的浮力会越大，所以所受的浮力的大小与排开液体的体积有关；
（2）①因为在物体全部浸没前，物体进入到液体中的深度越深。排开液体的体积越大，浮力越大；物体全部浸没后，排开液体的体积不变，根据F浮＝ρgV排可知，浮力不再变化；所以图象a符合金属圆柱体所受浮力和浸入深度的关系；
②图象b是弹簧测力计对金属圆柱体的拉力变化图象，物体没有浸入到水中前的拉力即为物体的重力G＝F＝2.7N；
由图象a可知，圆柱体完全浸没后，圆柱体受的浮力为F浮＝1.0N，
由浮力公式F浮＝ρ水gV排可知，物体的体积V＝V排＝ ＝ ＝1×10﹣4m3，
重力：G＝mg＝ρgV，
则物体的密度：ρ物＝ ＝ ＝2.7×103kg/m3。
故答案为：
（1）越大；（2）①a；②1.0；2.7×103。
【点评】此题主要考查的是学生对浮力大小与物体排开液体的体积的关系的理解和掌握，读懂图象是解决此题的关键。
三、解答题（本题共6小题，共32分，其中27题应写出必要的解题过程）
23．请将虚线框内带有保险丝的三孔插座正确接入家庭电路。

【分析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线
【解答】解：首先辨别上面三根线：下面是地线、上面是火线、中间是零线。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，带保险盒的插座，将保险盒接在火线上，如图所示：

【点评】知道家庭电路中三孔插座的接法是解决该题的关键。
24．如图所示，用垂直于竖直墙壁的力F将物体紧压在墙面上，物体处于静止状态，请画出物体在竖直方向上受到的力的示意图。

【分析】（1）掌握力的示意图的画法：将力的大小、方向和作用点表示在图上；
（2）正确对物体进行受力分析，根据二力平衡条件得出摩擦力的方向。
【解答】解：由图知，物体静止，所以受力平衡，在水平方向受到压力和墙的支持力，这两个力是一对平衡力；
在竖直方向受重力和摩擦力，这两个力是一对平衡力，重力方向竖直向下，所以摩擦力方向竖直向上，作图时应注意两条线段长度要相等，如图所示：

【点评】力的示意图是初中物理的一个重要知识点，因此，掌握正确的力的示意图的作图步骤对于同学们来说是非常重要的，若知道力的大小，注意在图中标出，且注意一对平衡力线段的长度要相等。
25．（9分）如图甲，我国研制的大客机C919于5月5日首飞成功。
C919机舱内覆有一层高孔率“超细航空级玻璃棉”，能很好地保温与吸收噪音，其单丝纤维直径只有3～5μm，1m3的质量为5kg。
机舱内先进的“呼吸系统”，使飞机在气压只有2.5×104Pa左右的万米高空时，能将机外﹣50℃以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50℃以上，同时系统依靠传感器的自动控制，使舱内气压和温度达到舒适值。
该机有较大的翼载，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值；机上搭载的新一代涡扇发动机的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与其获得的机械能之比。下表是飞机的部分技术参数。
最大起飞质量 72.5t 客舱内气压 8.0×104Pa
巡航速度 920km/h 发动机巡航推力 3.6×104N
（1）阳光下，飞机尾翼呈现绿色，是因为尾翼　反射　绿光；若飞机的翼载是500kg/m2，则机翼面积为　145　m2。
（2）下列关于“超细航空级玻璃棉”性质的描述中，不正确的是：　B　
A．单丝纤维比头发细 B．密度与玻璃差不多
C．隔音性能相对较好 D．导热能力相对较弱
（3）在万米高空，机体1m2面积上承受内外气体的压力差约为　5.5×104　N；为确保机舱内的温度维持体感舒适值，机上空调需要不断　制冷　（选填“加热”或“制冷”）。
（4）飞机水平匀速巡航时，受到的阻力为　3.6×104　N，若飞机以巡航速度飞行0.5h的过程中，耗油1800kg，发动机的热效率为40%，则此过程中发动机的推进效率为多少？（燃油热值q取4.6×107J/kg）

【分析】（1）物体的颜色由物体反射的色光决定；根据翼载的定义翼载＝ ，得机翼面积（S）＝ ；
（2）用”超细航空级玻璃棉“性质分析；
（3）使飞机在气压只有2.5×104Pa左右的万米高空时，用F＝ps算处压力差，能将机外﹣50℃以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50℃以上，同时系统依靠传感器的自动控制，所以机体上的空调要不断制冷，使舱内气压和温度达到舒适值；
（4）物体处于静止或匀速直线运动状态，受到的力是平衡力；根据Q＝mq算出燃料完全燃烧放出的热量；
根据η＝ 算出发动机获得的机械能；根据s＝vt算出移动的距离；根据W＝Fs算出发动机传递给飞机的推进功，根据η＝ 发动机的推进效率。
【解答】解：（1）在阳光下飞机尾翼呈现绿色是因为飞机的尾翼反射绿光，
根据公式翼载＝ 可得机翼面积：
S＝ ＝ ＝145m2；
（2）“超细航空级玻璃棉”性质有：直径只有3～5μm，其密度ρ＝ ＝ ＝5kg/m3，密度比玻璃的密度小很多，还具有很好的隔音和保温效果（导热能力相对较弱）；故B不正确；
（3）能将机外﹣50℃以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50℃以上，同时系统依靠传感器的自动控制，所以机体上的空调要不断制冷，使舱内气压和温度达到舒适值。
（4）飞机水平匀速巡航时，处于平衡状态，受到平衡力的作用，发动机巡航推力与受到的阻力平衡力，大小相等，故f＝F＝3.6×104N；
燃料完全燃烧放出的热量：Q＝mq＝1800kg×4.6×107J/kg＝8.28×1010J；
根据据η＝ 得发动机获得的机械能：W机械＝ηQ放＝40%×8.28×1010J＝3.312×1010J；
发动机巡航的距离为：s＝vt＝920km/h×0.5h＝460km＝460000m，
飞机的推进功（推力所做的功）：W推力＝Fs＝3.6×104N×460000m＝1.656×1010J，
发动机的推进效率：η′＝ ＝ ×100%＝50%；
故答案为：（1）反射；145；（2）B；（3）5.5×104；制冷；（4）3.6×104；发动机的推进效率为50%。
【点评】根据材料提供知识解题，考查学生学以致用的能力，是中考的热点。
26．（6分）无人飞机制造用了一种复合材料（密度小、强度大），广泛应用于汽车、飞机等制造业。下面小华测量一块实心复合材料的密度。

（1）将托盘天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻线处，发现指针静止时指在分度盘中线的左侧，如图甲，则应将平衡螺母向　右　（选填“左”或“右”）调节，使横梁平衡。
（2）用调好的天平测量该物块的质量时，当在右盘放入10g的砝码后，指针偏在分度盘中线左侧，则应该　C　（填选项前的字母），当天平重新平衡时，盘中所加砝码和游码位置如图乙所示。
A．向右调平衡螺母 B．继续向右盘中加砝码 C．向右移动游码
（3）因复合材料的密度小于水，小明在该物块下方悬挂了一铁块，按照如图丙所示①②③顺序，测出了该物块的体积。小明在测体积时的操作顺序会引起密度测量值比真实值　偏小　（选填“偏大”“不变”或“偏小”）。
（4）分析以上步骤，你认为测量体积最佳实验步骤顺序应该为　①③②　。若图中数据为小明正确操作顺序所获得的数据，则这种材料的密度是　0.82×103　kg/m3。
【分析】（1）使用天平测量物体质量之前要进行调平，先调节平衡螺母，后调节游码，平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；
（2）在测量前的调平用平衡螺母，在测量过程中的调平，应该用游码或砝码，据此题中的条件分析即可判断；
同时在天平读数时，被测物体的质量＝砝码的质量+游码的示数；
（3）由于测量过程中，复合材料上面会沾有一些水，故使得测量的体积偏大，据密度公式可知，密度偏小；
（4）据丙图中②③可以计算出该材料的体积，而后再据质量和体积计算出密度即可。
【解答】解：
（1）测量前，指针偏左，平衡螺母应向右调节，使横梁平衡；
（2）用调好的天平测量该物块的质量时，当在右盘放入10g的砝码后，指针偏在分度盘中线左侧一点，说明此时右盘所放砝码的质量偏小，应该向右调节游码，使得天平再次平衡，故选C；
（3）按照如图丙所示①②③顺序，将复合材料拉出水面时，复合材料上面会沾有一些水，故使得测量的体积偏大，据密度公式可知，密度偏小；
（4）因复合材料上面会沾有一些水，使得测量的体积偏大，因此将②和③步骤对调顺序，按照①③②的顺序，可以避免复合材料上沾水，使得测量结果更加准确。
由乙图可知，复合材料的质量为：m＝10g+5g+1.4g＝16.4g；
据丙图中的②可知，此时的体积为60mL，据丙图中的③可知，此时的体积为40mL，
则复合材料的体积是：V＝60mL﹣40mL＝20mL＝20cm3；
该材料的密度是：ρ＝ ＝ ＝0.82g/cm3＝0.82×l03kg/m3；
故答案为：（1）右；（2）C；（3）偏小；（4）①③②；0.82×l03。
【点评】本题考查了天平的正确使用、量筒的正确使用、密度的测量、测得值偏大或偏小的判断以及混合材料的计算，是一道综合题，有一定的难度。
27．（7分）用“伏安法”测量电阻Rx的阻值，提供的实验器材有：待测电阻Rx、两节于电池、电流表、电压表、滑动变阻器、开关及若干导线

（1）根据图甲的电路图，用笔断线代替导线将图乙中的实物图连接完整。
（2）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数较大且几乎不变，电流表示数始终为零，电路故障可能是　电阻断路　。
（3）排除故障后，测得多组实验数据。各组数据对应的点已描在图丙中，请在图中画出Rx的l﹣U图线。由图可得Rx＝　5.6　Ω．（结果保留一位小数）
（4）电流表的电阻虽然很小，但也会影响本实验中R的测量结果。用图丁的电路进行测量可消除这个影响，
R0为定值电阻。实验步骤如下：
①按照图丁的电路图连接电路，将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处；
②闭合开关S1，S2，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U1和电流表的示数I1，
③　断开S2　，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U2和电流表的示数I2；
④可得待测电阻Rx＝　 ﹣ 　（用U1、I1、U2和I2表示）
【分析】（1）根据电路图连接实物图；
（2）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
（3）将各个点连接起来，由欧姆定律求电阻大小；
（4）经分析，②电压表测电流表和定值电阻的总电压，由欧姆定律可得出电流表和定值电阻的总电阻；
为消除电流表内阻对测量的影响，断开S2，此时电压表测待测电阻和定值电阻及电流表的总电压，由欧姆定律，可求了测待测电阻和定值电阻及电流表的串联的总电阻，两电阻相减即可得出待测电阻大小。
【解答】解：（1）电压表与电阻并联，如下左所示：
Ω
（2）经分析，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数较大且几乎不变，电流表示数始终为零，电路故障可能是电阻断路；
（3）将各点连接起来，如上右所示；
当电压为2.0V时，电流为0.36A，由欧姆定律，电阻R＝ ＝ ≈5.6Ω；
（4）②闭合开关S1，S2，读出电压表的示数U1和电流表的示数I1，
③断开S2，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U2和电流表的示数I2；
在②中，此时待测电阻短路，电流表测定值电阻的电流，电压表测电流表和定值电阻的总电压；移动滑动变阻器滑片，由欧姆定律，定值电阻和电流表的总电阻R0A＝ ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
在③中，电流表测待测电阻和定值电阻串联后的电流，电压表测待测电阻和定值电阻及电流表的总电压，由欧姆定律，测待测电阻和定值电阻及电流表的串联的总电阻：Rx0a＝ ﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，定值电阻的电流表内阻不变，②﹣①得：故待测电阻：
Rx＝ ﹣ 。
故答案为：（1）如上左所示；（2）电阻断路；（3）如上右所示；5.6；（4）③断开S2；④ ﹣ 。
【点评】本题用“伏安法”测量电阻Rx的阻值，考查电路的连接、故障分析、描点法作图，电阻的计算及设计实验方案的能力。
28．（6分）为探究平衡木受力特点，喜爱体操的小薇设计了一个平衡木模型。整个装置如图甲所示，AB可绕支点O无摩擦转动，C处固定一竖直硬杆，硬杆的底部安装了压敏电阻片R，R所在的电路放在了硬杆内（整个装置除硬杆以外其它部分的重力均不计），且AB＝5m，OA＝BC＝1m，电源电压恒为3V，硬杆底部R阻值随地面对它的支持力F变化的关系如图乙所示，整个装置放在水平地面上，AB始终处于水平平衡状态，当重360N的小薇站在A点时，电流表的示数为0.1A。

求：（1）小薇在A点时，C处受到硬杆的拉力；
（2）小薇在A点时，地面对硬杆底部R的支持力；
（3）当电流表的示数为0.3A时，小薇距A点多少米？
【分析】（1）根据杠杆的平衡条件：G•OA＝F•BC便可求出C处受到硬杆的拉力；
（2）根据R＝ 计算出此时压敏电阻的阻值，根据图象乙确定地面对硬杆的支持力大小；
（3）对硬杆进行受力分析，根据前面计算的结果可得硬杆的重力，根据R＝ 计算出当I＝0.3A时，压敏电阻的阻值，由图乙确定支持力后，判断出C点对硬杆的压力，由杠杆的平衡条件计算出此时小薇与O点的距离，从而得出小薇距A点的距离。
【解答】解：
（1）小薇在A点时，杠杆平衡，杠杆受小薇对A点的压力和硬杆对C点的拉力，
其中OA＝1m，OC＝AB﹣OA﹣BC＝5m﹣1m﹣1m＝3m，
根据杠杆的平衡条件可得：G人•OA＝F拉•OC，
即：360N×1m＝F拉×3m，
解得：F拉＝120N；
（2）小薇在A点时，电流表的示数I＝0.1A，由I＝ 可得，此时压敏电阻的阻值：
R＝ ＝ ＝30Ω；
由图乙知，当R＝30Ω时，地面对硬杆底部R的支持力为60N；
（3）小薇在A点时，硬杆受到的力如图所示：

由力的平衡条件和前面数据可得，硬杆的重力：G＝F支+F拉＝60N+120N＝180N；
当I′＝0.3A时，由I＝ 可得，压敏电阻的阻值为：
R′＝ ＝ ＝10Ω，
由图象乙知，当R＝10Ω时，地面对杆的支持力F支′＝300N；
由于F支′＞G，所以可知此时杠杆对硬杆产生的是压力，如图所示：

由力的平衡条件可得，杠杆对硬杆的压力：F压＝F支′﹣G＝300N﹣180N＝120N；
由于力的作用是相互的，则硬杆对杠杆的支持力FC也为120N；
设此时小薇到支点O的距离为L，
根据杠杆的平衡条件可得：FC•OC＝G人•L，
即：120N×3m＝360N×L，
解得L＝1m，
所以小薇应在支点O的左侧1m处，
则此时小薇到A点的距离为：s＝OA+L＝1m+1m＝2m；
答：（1）小薇在A点时，C处受到硬杆的拉力为120N；
（2）小薇在A点时，地面对硬杆底部R的支持力为60N；
（3）当电流表的示数为0.3A时，小薇距A点2m。
【点评】本题是力和电的综合题目，在分析时把其分割开来，分别用杠杆的平衡条件、欧姆定律来分析，用好图象，对硬杆做好受力分析是解决问题的关键。