1、一章末总结的学案，其中的 3 部分，有关于损功率损失，其为 P 与 I 及 R 的关系，即 P 损 I R ，还有高压输电原理，涉及电压损失是 U 损与 I 和 R 的关系，也就是 U 损 IR ，且阐述了电能结构包括原、副线圈、铁心的输原理是互感现象，以及其与电压关系为 U1 比 U2 等于 n1 比 n2 的理想变压器基本规律物理高中必修二3-4电能的输送 讲义，还有电流关系是 I2n1 与 I1n2 相关，功率关系是 P1 等于 P2 ，另外讲了电能的开发与利用，其中提到电能输送中功率损失的计算，一是 P 损 I2R ，二是在输电电流一定时，若电路电阻减为原来一半，损失功率变为原来二分之一，在线路电阻不变时，当电流为原来一半，线路上损失功率变为原来四分之一，三是由二可知减小电流对降低损耗更有效，还提到 P 与 U 和 I 的关系即 P UI ，由 P UI 可推出 I 等于 U 分之 P ，由此式可知在电功率不变前提下升高电压。
2、,能够减小输电电流 例 1 有一个某水电站 ，它使用总电阻是2.5的输电线去输电给距离500 km之外的用户 ，其输出的电功率大小为3 106 kW。当下采用500 kV的电压来输电 ，那么下列相关说法是正确的是( )1 / 8A输电线之上输送的电流大小为2 105 AB输电线上由于电阻而造成的损失电压为15 kVC要是改用5 kV的电压进行输电 ，那么输电线上损失的功率为9 108 kWU 2D输电线上损失的功率为P R ，这里的R是输电电压 ，R是输电线的电阻答案解析当运用500 kV电压输电时 ，输电线上的电流为IU 5105A 6000 A ，A是错误的；输电线上因为电阻而造成的损失电压为U IR 60002.5 V 15 kV ，B。
3、对；假使改成用5 kV电压进行输电时，电能于输电线上的损耗会更大，然而最多仅仅是3 106kW，绝不可能超越这个数值，C是错误的；要是运用PU2来计算，那么U是输电线上损失掉的电压，而R是输电线的电阻，D是错误的，用R计算输电线上损失的功率。二、理想变压器的分析思路，1. 电压思路：变压器原、副线圈的电压之比是U1 n1；当变压器存在多个副线圈时U 2. 功率思路：理想变压器的输入、输出功率关系为P入等于P出，也就是P1等于P2；当变压器有多个副线圈时，P1等于P2等于P3。3. 电流思路：由I P可知，当变压器有多个副线圈时，n1I1等于n2I2等于n3I 3，对于只有一个副线圈的变压器才有I1等于n2I2。
4、n1.4，那种针对变压器电路展开动态分析的思路，能够被表示成这样的例子，就好比例2，它用到了一个理想变压器去给负载进行供电，在这个过程里，变压器输入端的电压始终保持不变，就如同图1所展示的那般。一开始的时候，开关S处于断开的状态，接下来呢，要把开关S闭合，那么在图中，所有交流电表的示数，以及输入功率的变化状况会是怎样的呢？（）2 / 8图1A选项，V1、V2的示数不会改变，A1的示数会增大，A2的示数会减小，P入会增大；BV1、V2的示数不会改变，A1、A2的示数会增大，P入会增大；CV1、V2的示数不会改变，A1、A2的示数会减小，P入会减小；D选项，V1的示数不会改变，V2的示数会增大，A1的示数会减小，A2的示数会增大，P入会减小。解释如下，电压表V1的示数是由输入。
5、电压表V 2 的示数由输入电压U1决定了，这里U1大小等于电压表V 1 的示数 ，同时还由匝数比n1/ n2 决定；电流表A 2 的示数由输出电压U2决定了，U2大小等于电压表V2的示数 ，并且由负载电阻R负决定；电流表A1的示数即I1由变压器的匝数比n 2/ n1 和输出电流I 2决定；P 入随P 出 而变化 ，是由P 出 决定的，因为输入电压不变，所以电压表V 1 的示数不变，根据公式U2 n2U1/n 1，可知U2 也不变 ，也就是电压表V2的示数不变，又根据I2 U2/ R 负可知 ，S 闭合后R 负减小 ，所以I2 增大 ，电流表A 2 的示数增大；输入电流I 1 随输出电流I2 的增大。
7、我4恩3.由4爱3恩4，其中皮爱2啊儿，由爱也2啊儿，往往是解题目时的切入要点，比如例子3中，发电机输出电压是220伏特，输出功率为44千瓦，输电导线电阻是0.2，如果用原、副线圈匝数比例为1比10的升压变压器去升压，经过输电线之后，再用原、副线圈匝数 Ratio为呢10比1地降压变压器降低电位提供给用户，那么，一是要画出整个过程的线路展示图样；再就是求得用户所获得的电压以及功率；还有要是不经过变压直接把电传送给用户，要得出用户得到的电压和功率再去解析，一是示意图就像展示里那样，由3计算可知，升压变压器的输出电压是10乘以220伏特等于啊2200伏特，哎恩 1比1然后根据升压变压器输出功率等于输入功率这个道理，升压变压器输出电流为3，哎2等于皮哎。
8、 对于44，10，A，20，AU，22，200的输电线路，其上的电压损失为UR，功率损失为I2R。其中，20，0.2物理高中必修二3-4电能的输送 讲义，V，可得电压损失为4，V，PR为I22R。又因202，0.2，W，功率损失为80，W。对于降压变压器，其输入电流为I3，I，2为20，A，输入电压为U3，U系2减去UR，200，V，4，V，可得U3为196，V。降压变压器的输出电压为10，2，196，V，输出电流为219.6，3，1020，A，200，An44，/，8。用户得到的功率为P4，I4U4，200，219.6，W，4.392，104，W，P。若不采用高压输电，用220，V低压直接供电时，电路如图所示，则输电电流I，U1。
9、 通过一理想变压器，经同一线路输送相同的电功率P，原线圈的电压U保持不变，输电线路的总电阻为R，当副线圈与原线圈的匝数比为k时，线路损耗的电功率为P1，若将副线圈与原线圈的匝数比提高到nk，线路损耗的电功率为P2，那么P1和P2，，输电线路上的电压损失.2V40V，所以用户得到的电压为，用户得到的功率为.6104W，答案(1)见解析图(2)219.6V4.,(3)180V3.(电能输送中功率损失的计算)。
10、根据变压器变压规律，得出U1与k有关，U2与nk有关，进而得到，U1 kU，U2 nkU。依据PUI可知，匝数比为k和nk的变压器副线圈电流分别是，I 1U 1，I 2U 2 ，也就是I 1 kU，I 2 nkU。按照PI R，输电线路损耗的电功率分别为，P1 I 12R ，P2 I 22R ，即P1 ( P )2R，P2 (P )2R，所以P2 12，选项D正确而选项n5 / 8A、B、C错误。 (理想变压器基本规律的应用)如图3所示，理想变压器原、副线圈匝。
11、其数之比是20比1，原线圈连接着正弦交流电源，副线圈接入一个“220V，60W”的灯泡且该灯泡能正常发光，此时则有，图33 2A电流表的示数是220A，电源输出功率为，电流表的示数为220A，原线圈两端电压为11V，答案是C，解析为灯泡正常发光，那么副线圈的电流是 I1，其功率P为3A，依据变压器的电流关系能够得到：133n0 U1 4n1，原线圈中的电流I 0 n0 220A，也就是电流表的示数为220A，原线圈中电压为U0n13有 60W.400V，电源的输出功率P UI 4的，理想变压器的动态分析，如图4所示电路中的变压器为理想变。
12、那个压器，S是单刀双掷开关，P是滑动变阻器R的滑动触头，U1是加在原线圈两端的交变电压，I1、I2分别是原线圈和副线圈中的电流，下列说法正确的是（），图4A，保持P的位置以及U1不变，S从b切换到a，那么R上消耗的功率会减小，保持P的位置以及U1不变，S从a切换到b，那么I2会减小，保持P的位置以及U1不变，S从b切换到a，那么I1会增大，保持U1不变，S接在b端，把P向上滑动，那么I1会减小，答案BC，解析S由b切换a时，副线圈匝数增多，所以输出电压U2增大，然后R消耗的功率增大，由变压6/8器功。
13、凭率关系能够晓得，其输入功率同样增大，所以 I 1 增大，因而 A 是错误的、C 是正确的；当 S 从 a 切换至 b 时，副线圈匝数变少，那么输出电压 U 2 降低，I 2 减小，B 是正确的；P 朝着上滑动时，R 变小，I 2 增大，依据电流与匝数的关系可以知道，I1 增大，D 是错误的4 (远距离输电电器里的各类关系)有一座小型水电站，水以 3 m /s 的速度流进水轮机，然而却以 1 m/ s 的速度流出，流出水位比流入水位低 1.6 m，水的流量是 1 m3/s。要是水流能量的 75%提供给发电机那么 (变压器是理想变压器，g 取 10 m/ s2)：(1)要是发电机效率为 80%，那么发电机的输出功率是多大呢？2(2)若发
14、电机输出电压是240V，输电线路电阻为163，允许损失的电功率占比是5%，用户所需电压为220V呵，那么所用的升压变压器以及降压变压器的原、副线圈匝数比分别是多少？答案（1）12千瓦，（2）3，2595，11，解析（1）每秒钟水流机械能损失为E1，m乘以（v1的平方减去v2的平方），加上mg乘以h，等于2乘以10的4次方焦耳，2发电机的输电功率为P出贝语网校，75%E除以80%，再除以t，所以P出为12千瓦，（2）发电机经变压器到用户的输电线路示意图如图所示，P线为5%P出，等于600瓦，2因为P线等于I线的平方乘以R线，所以I线为6安，又因为II线为6安，I为P出除以50安，21U1所以对升压变压器有I1 : I2等于n2 : n1，即n1等于I2除以3，又因为I3等于I线的6安，P出减去P线等于11安，7 / 所以对降压变压器有，8 / 8。