15．根据能量守恒定律，下列四幅图中仅发生能量转移的一组是 ()
① 冷水放入热水中 ② 铁锅热得烫手
③ 搓手手变暖 ④ 棉被晒暖和
A．①②④ B．②③④C．①③④ D．①②③
【答案】A
【详解】①冷水放入热水中发生热传递，热量从高温物体向低温物体转移；
②铁锅热得烫手发生热传递，热量从高温物体向低温物体转移；
③搓手手变暖，做功改变内能，属于能量的转化；
④棉被晒暖和发生热传递，热量从高温物体向低温物体转移。
综上所述：故A 正确，BCD 错误。
故选A。
四、温度、热量与内能的区别与联系
16．下列说法正确的是 ()
A．同种物质比热容一定相同 B．内能大的物体温度一定高一些
C．物体吸收热量，其温度一定升高 D．物体温度不变，内能可能减少
【答案】D
【详解】A．同种物质不同状态时，比热容可能不相同，比如冰与水的比热容不同，故A 错误；
B．内能与温度和质量、状态有关，内能大的物体其温度不一定高一些，故B 错误；
C．物体吸收热量其温度不一定升高，比如：晶体熔化时吸热，温度不变，故C 错误；
D．物体温度不变，内能可能减少，例如，晶体凝固过程中，放出热量，内能减小，温度不变，故D正确。
故选D。
17．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是 ()
A．0℃的冰块内能为0
B．物体放出热量，温度一定降低
C．物体的温度降低，它的内能一定减少
D．物体的内能增加，一定是从外界吸收了热量
【答案】C
【详解】A．一切物体都有内能，0℃冰块的分子仍在运动，内能不为0，故A 错误；
B．物体放出热量时，内能降低，温度可能不变，如晶体凝固时，放出热量，温度不变，故B 错误；
C．物体的温度降低，分子热运动减弱，分子动能减少，因此内能一定减少，故C 正确；
D．改变内能的方式有做功和热传递，物体的内能增加，不一定是吸收热量，也可能是外界对物体做了功，故D 错误。
故选C。
18．下列有关温度、内能、热量的说法中，正确的是 ()
A．物体的温度越高，所含的热量越多
B．物体内能增大，一定是从外界吸收热量
C．物体吸收热量，温度一定升高
D．热传递过程中，内能少的物体可以将热量传递给内能多的物体
【答案】D
【详解】A．热量是过程量，不能说“所含热量”，故A 错误；
B．物体内能增大，可能是外界对物体做功，也可能是吸热，故B 错误；
C．晶体熔化、液体沸腾时吸热但温度不变，故C 错误；
D．热传递的条件是温度差，内能少但温度高的物体可将热量传给内能多但温度低的物体，故D正确。
故选D。
19．标准大气压下的实验室中有温度为0℃的水和-4℃的冰块．对于只由0℃的水和-4℃的冰块组成的系统，下列说法正确的是 ()
A．0℃的水的内能一定大于-4℃的冰块的内能
B．将-4℃的冰块放入0℃的水中，静置一段时间后，水的质量会变小
C．将-4℃的冰块放入0℃的水中，内能通过做功的方式从水传递给冰块
D．将-4℃的冰块放入0℃的水中，温度通过热传递的方式从水传递给冰块
【答案】B
【详解】A．物体的内能与物体的温度、质量均有关，因不知道冰与水的质量，故无法比较二者的内能，故A 错误；
B．将-4℃冰块放入0℃水中，由于存在温度差，所以冰块吸收热量，水放出热量，并且温度达到水的凝固点，因此水会结冰，故水的质量会减少，故B正确；
CD．将-4℃冰块放入0℃水中，由于存在温度差，因此热量会自发地从温度高的物体传递给温度低的物体，即热量通过热传递的方式从水传递给冰块，且传递的是热量而不是温度，故CD 错误。故选B。
故选B 。
20．下图所示的是明朝的《天工开物》中用铜铸币的情景，下列说法正确的是 ()
A．用炉火加热铜是通过做功的方式使铜内能增大的
B．熔化的液态铜温度高因为其含有的热量多
C．铜熔化时，质量不变，内能也不会变化
D．铜币在冷却过程中，将内能转移给模具和空气
【答案】D
【详解】用炉火加热铜是通过热传递的方式使铜内能增大的，故A 错误。热量是过程量，不能说含有热量，故B 错误。铜熔化时要吸热，质量不变，内能变大，故C 错误。铜币在冷却过程中，温度降低，放出热量，将内能转移给模具和空气，故D 正确。
能力提升练
21．
（1）如图甲，某次军事演习中，执行深海作业的潜水艇漂浮在海水中，要使潜水艇下潜，应对水舱要（选填“注水”或“排水”），当潜艇在水面下继续下潜过程中，海水对潜水艇上下表面的压力差（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）如图乙所示，卫生部门利用雾炮车对城区街道喷洒消毒剂进行消毒和除尘，雾炮车在水平路面匀速前进喷洒消毒液的过程中，雾炮车的机械能（选填“变大”“不变”或“变小”）、动能（选填“变大”“不变”或“变小”），喷洒时离得较远的环卫工人也能闻到消毒液的气味，这说明。
（3）如图丙为小明在科技节中自制的水火箭结构示意图。图丁为使用打气筒向水火箭内不断打气示意图，当水面上方空气压强增大到一定程度时，会使水向下喷出，从而使水火箭升空。结合材料，利用打气筒向水火箭内打气，水火箭中空气的内能（选填“变大”“不变”或“变小”），打气筒
将空气压入水火箭内的能量转化过程与汽油机的冲程相同，水向下喷出会使水火箭升空是因为。
【答案】（1）注水 不变
（2）变小 变小 分子在不停地做无规则运动
（3）变大 压缩 物体间力的作用是相互的
【详解】（1）[1]潜水艇的工作原理是改变自身重力，重力大于浮力时会下沉，要使潜水艇下潜，应对水舱要注水，增大潜水艇的重力。
[2]当潜艇在水面下继续下潜过程中，排开水的体积不变，由F浮=p液gV排 可知，浮力不变，海水对潜水艇上下表面的压力差等于浮力，因此海水对潜水艇上下表面的压力差不变。
（2）[1][2] 雾炮车在水平路面匀速前进喷洒消毒液的过程中，质量变小，速度不变，动能变小，质量变小，高度不变，重力势能变小，机械能是动能和势能的总和，因此机械能变小。
[3]闻到消毒液的气味是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
（3）[1]利用打气筒向水火箭内打气，对水火箭中的空气做功，水火箭中空气的内能变大。
[2]打气筒将空气压入水火箭时机械能转化为内能，与汽油机的压缩冲程相同。
[3]水向下喷出会使水火箭升空，水火箭给水向下的力，水给水火箭向上的力，使水火箭升空，是因为物体间力的作用是相互的。
22．图甲是探究晶体海波熔化过程的实验装置，图乙是海波熔化时温度随时间变化的曲线图。
（1）实验中采用了“水浴法”加热且加热时需要不断搅拌，好处是；
（2）根据记录结果可知，海波属于（选填“晶体”或“非晶体”）
（3）图乙中海波在B点的内能比C 点的内能。
【答案】（1）能确保海波受热均匀
（2）晶体
（3）大
【详解】（1）实验中用酒精灯给水加热，从而间接为海波加热，这种方法称为水浴法，这样做能确保海波受热均匀。
（2）由图乙可知，海波在熔化过程中温度不变，所以海波属于晶体。
（3）海波在熔化过程中吸收热量，其内能增大，故海波在B点具有的内能小于在C点具有的内能。
23．两个实验小组同时分别探究“蜡熔化时温度的变化规律”与“水的沸腾”，记录数据如下表：
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 …
甲的温度/℃ 97.0 97.5 98.0 98.0 98.0 98.0 98.0 98.0 …
乙的温度/℃ 35.0 40.0 49.5 54.0 58.3 62.5 66.6 …
（1）第2min时乙的温度如图，则此时它的温度为℃
（2）根据记录表，你认为是蜡，是水。（两空均选填“甲”或“乙”）
（3）第3min 和第5min 相比，哪一时间甲的内能较大？，理由是。
【答案】（1）46
（2）乙甲
（3）第5min内能大 因为由第3min到第5min这段时间内，物体不断吸热，所以其内能增加。【详解】（1）温度计每一个大格代表10℃,每一小格代表1℃,示数为46℃。
（2）[1][2]甲吸收热量，温度升高到一定程度，再吸收热量，温度保持不变，所以甲数据反应水沸腾，乙吸收热量，温度不断升高，所以乙反映蜡熔化的数据。
（3）[1][2]甲由第3min到第5min 这段时间内，甲不断吸热，所以其内能增加，所以第5min内能大。
24．由于饭菜太烫，来不及冷却，小明就想找一种让物体快速冷却的方法。他发现妈妈是把饭菜放在空气中冷却的，而厨房中适合用来冷却的是水。水和空气哪个的导热性能好呢？为此他进行了如下探究：用两个相同的瓶装入热牛奶，分别放在温度与室温相同的水和空气中，为了减少其他因素的影响，他把两个瓶都用木块垫起来如题图所示，每隔一定的时间记一次甲、乙的温度，得到如题表数据：
时间/min 0 2 4 6 8 10 12 14 16 18
甲的示数/℃ 70 60 53 47 42 39 37 35 34 33
乙的示数/℃ 70 65 61 58 55 52 50 48 46 45
（1）两个瓶中的牛奶应初温（选填“相同”或“不相同”）和相同；
（2）实验发现（选填“水”或“空气”）的冷却效果更好，为了减少其他因素的影响，小明把两个瓶都用木块垫起来是因为木块差。
（3）分析甲的数据，发现牛奶冷却快慢前后不一致，温度变化越来越，由此可知热传递的快慢与有关。
【答案】（1）相同 质量
（2）水导热性能
（3）小 温度差的大小
【详解】（1）[1][2]由题意可知，小明为了探究水和空气的导热性能，使用了控制变量法，控制其它有可能影响热传递快慢的因素相同，观察、对比水和空气两种介质的导热性能，所以要控制两个瓶中的牛奶的初温相同和质量相同；
（2）[1]因为水的比热容大，吸热能力强，所以实验中可发现水的冷却效果会更好一些。
[2]因为木头是热的不良导体，小明利用木块导热性能差的特点，把两个装有牛奶的瓶子都用木块垫起来，这样能够很好地减少其他因素的影响，避免实验结论的偶然性。
（3）[1][2]分析甲的数据，发现牛奶冷却快慢前后不一致，温度变化越来越小，说明随着牛奶与周围环境温度差的减小，热传递在变慢，由此可知热传递的快慢与温度差的大小有关。
① 冷水放入热水中 ② 铁锅热得烫手
③ 搓手手变暖 ④ 棉被晒暖和
A．①②④ B．②③④C．①③④ D．①②③
【答案】A
【详解】①冷水放入热水中发生热传递，热量从高温物体向低温物体转移；
②铁锅热得烫手发生热传递，热量从高温物体向低温物体转移；
③搓手手变暖，做功改变内能，属于能量的转化；
④棉被晒暖和发生热传递，热量从高温物体向低温物体转移。
综上所述：故A 正确，BCD 错误。
故选A。
四、温度、热量与内能的区别与联系
16．下列说法正确的是 ()
A．同种物质比热容一定相同 B．内能大的物体温度一定高一些
C．物体吸收热量，其温度一定升高 D．物体温度不变，内能可能减少
【答案】D
【详解】A．同种物质不同状态时，比热容可能不相同，比如冰与水的比热容不同，故A 错误；
B．内能与温度和质量、状态有关，内能大的物体其温度不一定高一些，故B 错误；
C．物体吸收热量其温度不一定升高，比如：晶体熔化时吸热，温度不变，故C 错误；
D．物体温度不变，内能可能减少，例如，晶体凝固过程中，放出热量，内能减小，温度不变，故D正确。
故选D。
17．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是 ()
A．0℃的冰块内能为0
B．物体放出热量，温度一定降低
C．物体的温度降低，它的内能一定减少
D．物体的内能增加，一定是从外界吸收了热量
【答案】C
【详解】A．一切物体都有内能，0℃冰块的分子仍在运动，内能不为0，故A 错误；
B．物体放出热量时，内能降低，温度可能不变，如晶体凝固时，放出热量，温度不变，故B 错误；
C．物体的温度降低，分子热运动减弱，分子动能减少，因此内能一定减少，故C 正确；
D．改变内能的方式有做功和热传递，物体的内能增加，不一定是吸收热量，也可能是外界对物体做了功，故D 错误。
故选C。
18．下列有关温度、内能、热量的说法中，正确的是 ()
A．物体的温度越高，所含的热量越多
B．物体内能增大，一定是从外界吸收热量
C．物体吸收热量，温度一定升高
D．热传递过程中，内能少的物体可以将热量传递给内能多的物体
【答案】D
【详解】A．热量是过程量，不能说“所含热量”，故A 错误；
B．物体内能增大，可能是外界对物体做功，也可能是吸热，故B 错误；
C．晶体熔化、液体沸腾时吸热但温度不变，故C 错误；
D．热传递的条件是温度差，内能少但温度高的物体可将热量传给内能多但温度低的物体，故D正确。
故选D。
19．标准大气压下的实验室中有温度为0℃的水和-4℃的冰块．对于只由0℃的水和-4℃的冰块组成的系统，下列说法正确的是 ()
A．0℃的水的内能一定大于-4℃的冰块的内能
B．将-4℃的冰块放入0℃的水中，静置一段时间后，水的质量会变小
C．将-4℃的冰块放入0℃的水中，内能通过做功的方式从水传递给冰块
D．将-4℃的冰块放入0℃的水中，温度通过热传递的方式从水传递给冰块
【答案】B
【详解】A．物体的内能与物体的温度、质量均有关，因不知道冰与水的质量，故无法比较二者的内能，故A 错误；
B．将-4℃冰块放入0℃水中，由于存在温度差，所以冰块吸收热量，水放出热量，并且温度达到水的凝固点，因此水会结冰，故水的质量会减少，故B正确；
CD．将-4℃冰块放入0℃水中，由于存在温度差，因此热量会自发地从温度高的物体传递给温度低的物体，即热量通过热传递的方式从水传递给冰块，且传递的是热量而不是温度，故CD 错误。故选B。
故选B 。
20．下图所示的是明朝的《天工开物》中用铜铸币的情景，下列说法正确的是 ()
A．用炉火加热铜是通过做功的方式使铜内能增大的
B．熔化的液态铜温度高因为其含有的热量多
C．铜熔化时，质量不变，内能也不会变化
D．铜币在冷却过程中，将内能转移给模具和空气
【答案】D
【详解】用炉火加热铜是通过热传递的方式使铜内能增大的，故A 错误。热量是过程量，不能说含有热量，故B 错误。铜熔化时要吸热，质量不变，内能变大，故C 错误。铜币在冷却过程中，温度降低，放出热量，将内能转移给模具和空气，故D 正确。
能力提升练
21．
（1）如图甲，某次军事演习中，执行深海作业的潜水艇漂浮在海水中，要使潜水艇下潜，应对水舱要（选填“注水”或“排水”），当潜艇在水面下继续下潜过程中，海水对潜水艇上下表面的压力差（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）如图乙所示，卫生部门利用雾炮车对城区街道喷洒消毒剂进行消毒和除尘，雾炮车在水平路面匀速前进喷洒消毒液的过程中，雾炮车的机械能（选填“变大”“不变”或“变小”）、动能（选填“变大”“不变”或“变小”），喷洒时离得较远的环卫工人也能闻到消毒液的气味，这说明。
（3）如图丙为小明在科技节中自制的水火箭结构示意图。图丁为使用打气筒向水火箭内不断打气示意图，当水面上方空气压强增大到一定程度时，会使水向下喷出，从而使水火箭升空。结合材料，利用打气筒向水火箭内打气，水火箭中空气的内能（选填“变大”“不变”或“变小”），打气筒
将空气压入水火箭内的能量转化过程与汽油机的冲程相同，水向下喷出会使水火箭升空是因为。
【答案】（1）注水 不变
（2）变小 变小 分子在不停地做无规则运动
（3）变大 压缩 物体间力的作用是相互的
【详解】（1）[1]潜水艇的工作原理是改变自身重力，重力大于浮力时会下沉，要使潜水艇下潜，应对水舱要注水，增大潜水艇的重力。
[2]当潜艇在水面下继续下潜过程中，排开水的体积不变，由F浮=p液gV排 可知，浮力不变，海水对潜水艇上下表面的压力差等于浮力，因此海水对潜水艇上下表面的压力差不变。
（2）[1][2] 雾炮车在水平路面匀速前进喷洒消毒液的过程中，质量变小，速度不变，动能变小，质量变小，高度不变，重力势能变小，机械能是动能和势能的总和，因此机械能变小。
[3]闻到消毒液的气味是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
（3）[1]利用打气筒向水火箭内打气，对水火箭中的空气做功，水火箭中空气的内能变大。
[2]打气筒将空气压入水火箭时机械能转化为内能，与汽油机的压缩冲程相同。
[3]水向下喷出会使水火箭升空，水火箭给水向下的力，水给水火箭向上的力，使水火箭升空，是因为物体间力的作用是相互的。
22．图甲是探究晶体海波熔化过程的实验装置，图乙是海波熔化时温度随时间变化的曲线图。
（1）实验中采用了“水浴法”加热且加热时需要不断搅拌，好处是；
（2）根据记录结果可知，海波属于（选填“晶体”或“非晶体”）
（3）图乙中海波在B点的内能比C 点的内能。
【答案】（1）能确保海波受热均匀
（2）晶体
（3）大
【详解】（1）实验中用酒精灯给水加热，从而间接为海波加热，这种方法称为水浴法，这样做能确保海波受热均匀。
（2）由图乙可知，海波在熔化过程中温度不变，所以海波属于晶体。
（3）海波在熔化过程中吸收热量，其内能增大，故海波在B点具有的内能小于在C点具有的内能。
23．两个实验小组同时分别探究“蜡熔化时温度的变化规律”与“水的沸腾”，记录数据如下表：
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 …
甲的温度/℃ 97.0 97.5 98.0 98.0 98.0 98.0 98.0 98.0 …
乙的温度/℃ 35.0 40.0 49.5 54.0 58.3 62.5 66.6 …
（1）第2min时乙的温度如图，则此时它的温度为℃
（2）根据记录表，你认为是蜡，是水。（两空均选填“甲”或“乙”）
（3）第3min 和第5min 相比，哪一时间甲的内能较大？，理由是。
【答案】（1）46
（2）乙甲
（3）第5min内能大 因为由第3min到第5min这段时间内，物体不断吸热，所以其内能增加。【详解】（1）温度计每一个大格代表10℃,每一小格代表1℃,示数为46℃。
（2）[1][2]甲吸收热量，温度升高到一定程度，再吸收热量，温度保持不变，所以甲数据反应水沸腾，乙吸收热量，温度不断升高，所以乙反映蜡熔化的数据。
（3）[1][2]甲由第3min到第5min 这段时间内，甲不断吸热，所以其内能增加，所以第5min内能大。
24．由于饭菜太烫，来不及冷却，小明就想找一种让物体快速冷却的方法。他发现妈妈是把饭菜放在空气中冷却的，而厨房中适合用来冷却的是水。水和空气哪个的导热性能好呢？为此他进行了如下探究：用两个相同的瓶装入热牛奶，分别放在温度与室温相同的水和空气中，为了减少其他因素的影响，他把两个瓶都用木块垫起来如题图所示，每隔一定的时间记一次甲、乙的温度，得到如题表数据：
时间/min 0 2 4 6 8 10 12 14 16 18
甲的示数/℃ 70 60 53 47 42 39 37 35 34 33
乙的示数/℃ 70 65 61 58 55 52 50 48 46 45
（1）两个瓶中的牛奶应初温（选填“相同”或“不相同”）和相同；
（2）实验发现（选填“水”或“空气”）的冷却效果更好，为了减少其他因素的影响，小明把两个瓶都用木块垫起来是因为木块差。
（3）分析甲的数据，发现牛奶冷却快慢前后不一致，温度变化越来越，由此可知热传递的快慢与有关。
【答案】（1）相同 质量
（2）水导热性能
（3）小 温度差的大小
【详解】（1）[1][2]由题意可知，小明为了探究水和空气的导热性能，使用了控制变量法，控制其它有可能影响热传递快慢的因素相同，观察、对比水和空气两种介质的导热性能，所以要控制两个瓶中的牛奶的初温相同和质量相同；
（2）[1]因为水的比热容大，吸热能力强，所以实验中可发现水的冷却效果会更好一些。
[2]因为木头是热的不良导体，小明利用木块导热性能差的特点，把两个装有牛奶的瓶子都用木块垫起来，这样能够很好地减少其他因素的影响，避免实验结论的偶然性。
（3）[1][2]分析甲的数据，发现牛奶冷却快慢前后不一致，温度变化越来越小，说明随着牛奶与周围环境温度差的减小，热传递在变慢，由此可知热传递的快慢与温度差的大小有关。