能力提升练
21．如图甲所示是探究“比较不同物质吸热情况”的实验装置。
(1)实验中应量取相等的A、B 两种液体，为了完成该实验，除了图甲中所示的器材外，还需要增加的测量工具有天平和。
(2)本实验中，液体吸收热量的多少可以通过来反映；选用完全相同的两个电加热器的目的是。
(3)为了比较A、B 液体的吸热本领，小明提出两种比较方案：①让两者升高相同的温度，比较；
②让两者吸收相同热量，比较。
(4)根据实验数据绘制了图乙所示的温度—时间图像，从图像可以出液体更适合做汽车发动机冷却剂。
(5)若B 液体的比热容为2.1×103J/（kg•℃),则A 液体的比热容为。
【答案】(1) 质量 秒表
(2) 加热时间 使液体相同时间吸收相同热量
(3) 加热时间升高的温度(4)A
(5)4.2×103J/（kg∙℃)
【详解】（1）[1]根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，故实验中应量取质量相等的A、B 两种液体。
[2]实验中需要记录液体温度随时间的变化，所以需要的器材是秒表。
（2）[1]根据转换法，本实验中，液体吸收热量的多少是通过加热时间来反映的，加热时间越长，物质吸收的热量越多。
[2]用相同的电加热器加热，在相同的时间内，两种液体吸收的热量是相同的；
（3）[1][2]比较物质吸热能力的两种方法分别为使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量，吸收热量多的吸热能力强；使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较升高的温度，温度变化小的吸热能力强。
（4）由图乙可知，升高相同的温度，A 液体需要的加热时间较长，吸收热量较多，所以A 液体吸热能力强，更适合做汽车发动机冷却剂。
（5）根据图乙可知，升高40℃,A、B的加热时间分别为10min 和5min，由转换法，A、B的吸热之比为2∶1，根据Q = cmΔt 可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，所以A、B的比热容之比为2∶1，则A 液体的比热容cA= 2cB = 2×2.1×103 J /(kg•℃)= 4.2J /(kg•℃)
22．图甲是小峰在标准大气压下“探究固体熔化时温度的变化规律”的实验装置。
(1)实验中，某时刻温度计的示数如图乙所示，该物质此时的温度是℃。
(2)图丙是小峰根据记录的数据绘制的温度随时间变化规律的图像，由图像可知该物质在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能（选填“增加”“减少”或“不变”）。
(3)由丙图可知，该物质在固态时的比热容是J/(kg•℃)。
(4)试管中的固体完全熔化后，若持续加热，烧杯中的水沸腾时，试管中的液体（选填“会” 或“不会”）沸腾。
【答案】(1)2
(2)增加
(3)2.1×103
(4)不会
【详解】（1）由图乙知，温度计的分度值为1℃；由液面所在的位置可知，此时的示数为2℃。
（2）由图丙可知，该物质在熔化过程中，吸收热量，内能增加，温度不变，故该物质是晶体，熔化过程中处于固液共存态。
（3）从图象可知，该物质在0~2min时间内处于固态，温度从-3℃升高到0℃,温度升高了3℃,物质在固态时所吸收的热量Q固 = c固m×3℃
在第6~10min时间物质处于液态，温度从0℃升高到3℃,温度升高了3℃,则物质在液态时所吸收的热量Q液= c液m×3℃
由于物质的质量不变，在相同时间内吸收的热量相等，即2Q固=Q液，2c固m×3℃=c液m×3℃则c固=0.5c液=0.5×4.2×103J/(kg•℃)=2.1×103J/(kg•℃)
该物质在固态时比热容为2.1×103J/(kg•℃)。
（4）液体沸腾的条件：温度达到液体的沸点且吸热；由图丙知，该物质的熔点为0℃,故物质为冰，当试管中的冰化成水后，温度会升至沸点，由于烧杯中的水在沸腾时温度保持在不变，故试管中的水和试管外的水之间没有温度差，不会发生热传递，试管中的液体不能吸收热量，因此不会沸腾。
23．在“探究水和食用油的比热容”的实验中，小明在两个相同的烧杯中分别装入质量相同的水和食用油，用相同的电加热器加热。
(1)除了上图中的器材，还需要的测量仪器是计时器和。在对水和食用油加热的方式上，有酒精灯和电加热器两种热源可供选择，选用电加热器更容易控制食用油和水。
(2)水和食用油吸热多少是通过来比较的。
(3)小明根据记录的实验数据，绘制了图所示的温度随时间变化的关系图像，由图可知，的吸热能力强。
(4)汽车发动机用水做冷却剂，这是利用了水的的性质。
【答案】(1) （托盘）天平在 相同时间内吸收的热量相同
(2)加热时间(3)水
(4)比热容大
【解析】【小题1】[1]实验时要控制水和食用油的质量相同，所以还需要的测量仪器是天平。
[2]在相同时间内，电加热器放出的热量相同，可以控制水和食用油吸收的热量相同。
【小题2】水和食用油吸收的热量不易测量，实验是通过加热时间来反映水和食用油吸收热量的多少，采用了转换法。
【小题3】由图可知，质量相同的水和食用油，加热相同的时间，即吸收相同的热量，食用油的温度变化量更大，水的温度变化量更小，说明水的吸热能力更强。
【小题4】水的吸热能力强，即水的比热容大，由Q = cmΔt 可知，在质量一定和温度变化量一定时，水吸收的热量更多，所以更适宜用作汽车发动机的冷却液。
24．小明探究冰熔化特点的实验装置如图甲；
(1)实验中，宜选用（碎冰块/体积较大的冰块）；
(2)实验中某时刻温度计示数如图乙，该物质此时的温度为℃;
(3)冰在加热过程中温度随时间变化的图像如图丙，冰的熔化过程经历的时间为min，图中AB 过程中冰的内能；
(4)图丙中AB 段和CD 段的倾斜程度不同，其主要原因是。
【答案】(1)碎冰块
(2)-2
(3)4变大
(4)固态和液体比热容不同
【详解】（1）实验中，宜选用碎冰块，受热更均匀，更能够得到冰熔化时温度变化规律。
（2）某时刻温度计示数如图乙，从0℃往下读，分度值为1℃,该物质此时的温度为-2℃。
（3）[1]从丙图可知，冰从第2min 开始熔化，第6min结束熔化，熔化时间为4min。
[2]图中AB 过程中，不断吸收热量，冰的内能变大。
（4）图丙中AB 段是冰和CD 段是水，AB 段和CD 段的倾斜程度不同，其主要原因是比热容不同，吸收能力不同，水的比热容比冰大，水的吸收热量的能力比较强。
25．如图甲是小华“探究不同物质吸热本领”的实验装置，用两个相同的容器和相同的加热装置分别给水和煤油加热：
12.3比热容分层练习（解析版）
(1)该实验装置，其中有一处明显错误，请指出错误之处：；
(2)实验时，通过比较 （选填“温度计示数”或“加热时间”）来间接反映煤油和水吸收的热量多少；
(3)小华根据实验的数据绘制出了如图乙所示的图像，由图像可知，加热5min时，b 物质的温度上升的更明显，说明b的吸热能力 （选填“强”或“弱”），此时a、b 两种液体吸收的热量关系是QaQb 。（选填“>”“＜”或“=”），由图像可知a 物质是 （选填“水”或“煤油”）；
(4)实验结束后，小华又用该装置探究了水在升高相同的温度时，吸收热量多少与质量大小的关系。得到了如图丙所示的不同质量的水在加热过程中的温度随时间变化关系图像。由图像可知（选填“A”或“B”）图像对应水的质量较大。
【答案】(1)没有控制水和煤油质量相等
(2)加热时间
(3)弱=水(4)B
【详解】（1）根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同。因为不同物质密度不同，根据m =pV，质量相同的不同物质体积不同，所以图甲是所用的实验装置的错误之处：没有控制水和煤油质量相等。
（2）因为实验中用相同的加热装置分别给水和煤油加热，相同的加热器在相同的时间内放出相同的热量。所以根据转换法，实验中，可以通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少。
（3）[1][2][3]由图像知道，加热5min时，物质b的温度上升的更明显，说明物质b的吸热能力弱，物质a吸热能力强，由于加热时间相同，则吸收的热量是相同的。由于水的吸热能力比煤油大，故物质a 是水。
（4）用该装置探究了水在升高相同的温度时，吸收热量多少与质量大小的关系。由图丙可知，B加热相同的时间温度升高的慢，可知B图像对应水的质量较大。
26．如图（a），某小组在两个相同的烧杯中分别装入质量相同的水和食用油，比较它们的吸热能力。
12.3比热容分层练习（解析版）
(1)为使两个电加热器在单位时间内放出的热量相同，电加热器的规格应。
(2)本实验中使用的液体温度计是根据液体的规律制成的。
(3)每隔0.5min 记录一次温度，并将数据记录在下表中。第2.5min时，食用油中的温度计示数如图
（b）所示，为℃。
加热时间/min
水的温度/℃
食用油的温度/℃
分析表中数据，发现吸热能力强。
(4)为使内部充有液态介质的电暖器通电后能迅速升温，内部应充入吸热能力较（填“强”或“弱”）的介质。（仅从吸热能力的角度分析）
【答案】(1)相同
(2)热胀冷缩
(3)46水(4)弱
【详解】（1）电加热器的规格相同，才能使两个电加热器在单位时间内放出的热量相同。
（2）液体温度计是根据液体热胀冷缩的规律制成的。
（3）[1]由图可知，温度计的分度值为1℃,温度计的示数从下往上逐渐变大，因此温度为46℃。
[2]加热相同时间表示吸收相同热量，由表中数据可知，质量相同的水和食用油，吸收相同的热量，水升温较小，由 可知，水的比热容较大，水吸热能力强。
（4）由Q = cmΔt 可知，质量相同的不同物质在吸收相同的热量时，比热容小的温度升高的快，所以，为了使电暖气通电后能迅速升温，应在电暖气内部应充入比热容较小的介质，即吸热能力较弱的介质。
27．在“探究相同质量的不同物质在升高相同温度时，吸收热量的多少是否相同”的实验中，小明在图甲、乙所示的相同的烧杯中分别倒入相同质量的水和煤油，并使用完全相同的酒精灯进行加热，测得的实验数据如下表所示：
加热时间/min 0 1 2 3 4
水的温度/℃ 30 34 38 42 46
煤油的温度/℃ 10 18 26 34 42
(1)实验中需要的测量工具除了秒表、温度计，还应该有；根据甲、乙两幅图可判断图（选填“甲”或“乙”）烧杯中的液体为煤油。（水的密度大于煤油的密度）
(2)分析表中实验数据，可得出结论：质量相同的水和煤油，升高相同的温度时，吸收的热量多，所以的吸热能力强。
(3)图丙中的①是煤油加热时温度随时间变化的图线。如果将初温相同的煤油，质量增加到原来的2倍，用相同的酒精灯加热，不考虑热损失，再绘制出一条温度随时间变化的图线，该图线应为图丙中的（选填“①”“②”或“③”) 。
【答案】(1) 天平乙
(2)水水(3)③
【详解】（1）[1][2]本实验中需要用秒表测量加热时间，用温度计测量温度，用天平测量两种液体的质量；比较两个烧杯中的液体体积，图乙烧杯中的液体体积大，由于水的密度大于煤油的密度，因此图乙烧杯中的液体为煤油。
（2）[1][2]由表中数据可知，水和煤油的温度都升高8℃时，水的加热时间为2min，煤油的加热时间为1min，故升高相同的温度，水吸收的热量多，水的吸热能力强。
（3）用相同的酒精灯给质量不同的同种液体加热时，液体的质量越大，液体升温越慢，故当煤油的质量增加到原来的2 倍时，其温度随时间变化的图线应为图丙中的③。
28．在研究“冰熔化时温度随时间变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示。
12.3比热容分层练习（解析版）
(1)试管中装有适量的碎冰，按图甲组装器材时应将温度计的玻璃泡与碎冰充分接触，但不要碰到试管底部，考虑到碎冰之间有空隙且冰的密度小于水的密度，温度计的玻璃泡要处在碎冰内（选填“偏上”或“偏下”）位置。
(2)水浴加热的好处是（写出两点）；实验中判断碎冰是否熔化的依据是；
(3)某时刻温度计的示数如图乙所示，则温度为℃。图丙是根据冰熔化实验记录的数据绘制的温度随时间变化图像，小明观察到加热相同时间，冰和水的温度变化不同，是因为水和冰的 不同；
【答案】(1)偏下
(2) 使冰受热均匀，冰的温度上升速度慢，便于观察和记录 是否出现液态水
(3)-4 比热容
【详解】（1）测量试管中碎冰的温度，应使温度计的玻璃泡与碎冰充分接触，且不要碰到容器底或容器壁，因为碎冰之间有空隙且冰熔化体积变小，温度计的玻璃泡可能露出碎冰，故温度计的玻璃泡要处在碎冰内偏下位置。
（2）[1]烧杯里的水升温较慢且上下温度较均匀，所以用水浴法加热可以使冰受热均匀，冰的温度上升速度慢，便于观察和记录。
[2]冰是晶体，冰熔化过程中固态的冰慢慢变成液态的水，所以判断碎冰是否熔化的依据是是否出现液态水。
（3）[1]如图乙所示，温度计的分度值是-1℃,此时液柱在零刻度线以下，所以温度为-4℃。
[2]质量相同的冰和水，吸收相同的热量时，温度变化不同，是因为冰和水的比热容不同。
29．文文在做“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验，当水温超过60。C 时每隔1m in 记录一次温度。为了拓展所学知识，文文将水换成质量相同的酒精，重复以上实验。完成实验后，得到的实验数据如下表所示：
时间/ min 0 1 2 3 4 5 6 7 8
200g水的温度/。C 60.0 66.1 72.0 78.0 84.1 90.0 96.1 99.0 99.0
200g酒精的温度/。C 60.0 69.0 78.0 78.0 78.0 78.0 78.0 78.0 78.0
(1)分析表格数据可知，文文做实验的地方的大气压（选填“大于”“小于”或“等于”）1个标准大气压；
(2)由表中的数据可知，从60℃上升到78℃,水需要加热3min，酒精需要加热2min，造成这一现象的原因是。
【答案】(1)小于
(2)水的比热容大于酒精的比热容
【详解】（1）据表可知，水在温度为99℃保持不变，说明水的沸点是99℃,标准气压下水的沸点是100℃,当前水的沸点低于100℃,可知文文做实验的地方的大气压小于1 个标准大气压。
（2）质量相同的水和酒精，升高相同的温度，水需要加热的时间长，吸收的热量多，根据c = 可知，水的比热容大于酒精的比热容，即水的吸热能力强。
30．在“探究晶体熔化时温度的变化规律”的实验中，老师提供了如图甲、乙所示的两套实验方案。
(1)某物理小组认为图甲中的实验方案优于图乙中的实验方案，他们作出此判断的理由是；
(2)该物理小组采用图甲中的实验方案，根据实验测得的数据绘制了如图丙所示的图像。比较图像可知，如果吸收相同的热量，该物质在固态时升高的温度为 t₁,在液态时升高的温度为 t₂,则t₁
（选填“>”“<”或“=”）t₂。
【答案】(1)甲方式采用水浴加热，物质受热更均匀(2)＞
【详解】（1）甲方式采用水浴加热，物质受热更均匀，更能够获得晶体熔化规律。
（2）相同的时间内，吸收的热量相同；质量相同物质，加热1min，固体升高了4℃,加热2min，液体上升了4℃,即升高相同的温度，液体吸收的热量多，液体的比热容大于固体的比热容；若吸收相同的热量，固体比热容小，固体升温比较快，故固体升高的温度比液体升高的温度大。
拓展培优练
31．为了比较水和食用油的吸热能力，小新同学做了如图甲所示的实验。
(1)实验前应按照（选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序组装实验器材，实验中取（选填“质量”或“体积”）相同的水和食用油，用升高的温度来反映两种物质的吸热能力；
(2)小新将记录的实验数据绘制成如图乙所示的温度-时间图像，已知水的比热容是4.2×103 J/(kg.℃)，根据图像可计算出食用油的比热容为J/(kg.℃)；
(3)小林同学受到小新实验的启发，设计了如下实验来比较铜和铝的比热容大小：
①小林先将质量相等的铜块和铝块放入沸水中加热足够长时间，如图丙所示（加热装置未画出）；
②再将铜块和铝块分别放入盛有质量相等、温度相同的水的A、B 两容器中，并将容器用隔热材料密封，如图丁所示；
③经过足够长的时间后，同时测量A、B 两容器中水的温度，记录数据分别为40℃和47℃;
④分析比较铜块和铝块吸收的热量和其他相关的物理量，可以判断出（选填“铜”或“铝”）的比热容大。
【答案】(1) 自下而上 质量
(2)2.1×103(3)铝
【详解】（1）[1]组装实验器材时，为了用酒精灯外焰加热且使温度计玻璃泡正确放置，应按照自下而上顺序。
[2]实验中应取质量相同的水和食用油，通过吸收相同热量，用升高的温度来反映两种物质吸热能力。
（2）由图乙，质量相同的水和食用油，升高相同温度（均从10℃升高到30℃),水加热时间6min，食用油加热时间3min。
水和食用油加热时间比
加热时间的长短反映物质吸收热量的多少，则吸收热量之比Q吸油(Q吸水)=
水和食用油质量m 相同、升高温度Δt 相同，由Q吸水＝c水mΔt，Q吸油＝c油mΔt
则
则c油 水
（3）根据Q吸＝cmΔt 可知，铜块和铝块质量相等时，要比较铜和铝的比热容，只需要比较二者吸收或放出热量与对应温度变化量的比值即可。由步骤①可知，铜块和铝块加热后的末温与沸水温度相同，由于沸水的温度高于图丁中水的温度，由步骤②可知，铜块和铝块放入隔热材料密封的A、B两容器的水中后，铜块和铝块放出热量对水加热，最终铜块和铝块分别与容器中水的温度相同，A、B容器用隔热材料密封，忽略热损失，铜块和铝块放出的热量与水吸收的热量相等；由步骤③可知，实验最终记录了A、B 两容器中水的末温，为了方便比较水吸收的热量，A、B 两容器中水的质量和初温相等；故比较A、B 两容器中水吸收的热量即可得出铜块和铝块放出热量的大小关系，进而可以判断出铜和铝的比热容的大小关系。A、B 两容器中水吸收的热量QA水＝c水m水(40℃—t0 )，
QB水＝c水m水 (47℃—t0)
则QA水<QB水
铜块和铝块放出的热量分别为Q铜＝c铜m铜（t沸 —40℃) Q铝＝c铝m铝（t沸 —47℃)
忽略热损失，Q铜 = QA水 ，Q铝= QB水故Q铜＜Q铝
则c铜m铜（t沸 —40℃) <c铝m铝（t沸 —47℃)
因为m铜＝m铝，（t沸 —40℃) >（t沸 —47℃)则c铜 <c铝
所以铝的比热容比铜大。
32．蓄冷剂是食品运输和保鲜过程中的重要降温试剂。现有A、B 两种蓄冷剂，财财同学和明海同学为了探究其蓄冷效果，进行了如下的实验探究：财财首先将质量均为100g的两种蓄冷剂分别装入完全相同的冰袋中，标明A、B，放入冰箱中冷冻为温度相同的固体。在容器1、2中分别加入质量为500g 且温度相同的水，将冰袋从冰箱中拿出放入水中，并用隔热材料密封。明海同学通过温度传感器每隔一定时间测量蓄冷剂及水的温度，如图是明海记录的A、B 两蓄冷剂及容器①、②中水的温度随时间的变化曲线。
(1)露露同学发现：蓄冷剂熔化前温度在升高，其分子热运动速度变；
(2)0∼t1，水和蓄冷剂之间发生热传递，宇婷同学说其热传递方向为；
(3)0∼t1，蓄冷剂吸热更快；
(4)t1∼t2，容器①中水的温度降低10℃,若热量全部被冰袋吸收，经过计算，汉欢同学发现每克蓄冷剂A吸收的热量为；
(5)汉欢同学在深圳市内配送蛋糕时，选择蓄冷剂更好，理由是。
【答案】(1)大
(2)从水到蓄冷剂(3)A
(4)210J
(5)B见解析
【详解】（1）分子的热运动与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈，分子热运动速度越快。
蓄冷剂熔化前温度在升高，所以其分子热运动速度变快。
（2）热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体。由图像可知，0∼t1 ，水的温度高于蓄冷剂的温度，所以热传递方向为水向蓄冷剂传递热量。
（3）根据题图可知：0∼t1，容器①中水温下降更快，容器中水的质量和初温均相同，则在相同的时间内容器①中水放热更多，而水所放热被蓄冷剂吸收，说明蓄冷剂A吸热更快。
（4）水的温度降低10℃,水放出的热量为Q放= cmΔt = 4.2×103 J/(kg .℃)×0.5kg ×10℃= 21000J若热量全部被冰袋吸收，每克蓄冷剂A吸收的热量为
（5）[1][2]由图像可知，在相同时间内，蓄冷剂B 使水的温度降低得慢，说明蓄冷剂B 释放冷量的速度较慢，能更长时间地保持低温，所以在深圳市内配送蛋糕时，选择蓄冷剂B 更好，理由是蓄冷剂B能更长时间保持低温，更好地保证蛋糕的品质。
33．如图甲所示，在绝热的容器（容器内部不与容器外部发生热传递）中装有100°C的水A，其质量为1kg；把一瓶10°C的酒精B 放入该容器后，利用温度传感器测量它们的温度变化，得到图
乙中的曲线。假设热水放出的热量全部给酒精吸收了，忽略容器内气压的变化，水的比热容c水=4.2×103J/(kg .℃)。
(1)酒精的沸点为°C，在10min 后，酒精（选填“能”或“不能”）持续沸腾；
(2)请计算这瓶酒精B 从10°C 升温到78°C的过程中吸收的热量为J；
(3)能否根据本次实验提供的信息，判断酒精与水的比热容大小？如能请写出判断依据，如不能，请说明理由。
【答案】(1) 78不能
(2)8.4×104
(3)见解析
【详解】（1）[1]酒精在沸腾后吸热温度不变，由图乙知酒精的沸点为78℃。
[2]根据题意可知，热水放出的热量全部被酒精吸收，且容器是绝热的，酒精达到沸点后，如果没有持续的热量输入，酒精将无法持续沸腾。由图知在10min 后，水和酒精的温度相同，都为78℃,酒精不能继续加热，所以酒精不能持续沸腾。
（2）水从100℃,下降到80℃,放出的热量为
Q放= c水m水Δt水 = 4.2×103 J / (kg•℃)×1kg ×(100℃—80℃)= 8.4×104 J
由图知这瓶酒精B 从10℃升温到78℃的时间等于水从100℃下降到80℃的时间，由于绝热的容器，热传递过程中没有热量损失，所以这瓶酒精B 从10℃升温到78℃的过程中吸收的热量等于水从100℃下降到80℃放出的热量，即Q吸 = Q放 = 8.4×104 J
（3）从图像中可以知道在前5min内，水降低的温度Δt水= 100℃—80℃= 20℃酒精升高的温度Δt酒精 = 78℃—10℃= 68℃
由于热水放出的热量全部被酒精吸收，即Q吸=Q放，根据c = 可知，因为不知道酒精的质量，所以无法根据本次实验提供的信息，判断酒精与水的比热容大小。
34．使用太阳能可以节能减排，减少雾霾天气。小明在项目化学习中，对学校的太阳能热水器（如图）展开了研究。
(1)太阳能热水器使用过程中的方式增加水的内能；
(2)雾与霾的形成原理不同。雾是水蒸气遇冷（填物态变化）形成的漂浮在空中的微小水滴．形成过程中要（选填“吸热”或“放热”）；
(3)雾霾天气的罪魁祸首是可吸入颗粒物。如PM2.5，它是指直径不大于2.5（选填“微米”或“纳米”）的颗粒物；大气中PM2.5的运动属于（选填“机械运动”或“分子热活动”）；
(4)如图中太阳能热水器接收阳光垂直照射的面积是2m2 。每平方米每秒接收到的太阳能为1000J。热水器中装有100L 水。垂直照射7min，水温可以升高℃。[不计一切热量损失。水的比热容为4.2×103 J/(kg.℃)]。
【答案】(1)热传递
(2)液化放热
(3) 微米机械运动(4)2
【详解】（1）太阳能热水器使用过程中太阳内转化为热水器的内能，热水器再以热传递的方式转化为水的内能。
（2）[1][2]雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化过程需要放热。
（3）[1][2]雾霾天气的罪魁祸首是可吸入颗粒物，这些颗粒是指大气中直径不大于2.5 微米的颗粒物，PM2.5的运动是固体颗粒物的运动，属于机械运动，不属于分子的运动。
（4）阳光垂直照射太阳能热水器7min时，不计一切热量损失，则水吸收的热量为
Q吸= W= 1000J / (m2 .s)×2m2×7×60s = 8.4×105 J
水的质量为m =p水V = 1.0×103kg/ m3×100×10—3m3 = 100kg水升高的温度为